会计从业成绩查询-经理助理岗位职责

小学五年级奥数题

1.五张卡片上分别写有数字：0，0，1， 2，3，可以用它们组成许多不同的五位数，求所有
这些五位数的平均数是多少。

2．小兔子和小猫咪一起上楼梯，小猫咪的速度是小兔子的速度的2倍，问：当小兔子上到
第四层楼时 ，小猫咪上到第（ ）层楼。

3．一种野草，每天长高1倍，12天能长到48毫米，当这种野草长到6毫米时需要（ ）
天。

4．小强有两包糖果，一包有48粒，另一包有12粒，他每次从多的一 包里取出3粒，放到
少的一包里去，经过（ ）次，才能使两包糖果的粒数相等。

5．紧接着4444后面写一串数字，写下的每个数字都是它前面两个数字乘积的个位数。例
如：4× 4=16，在4的后面写6，4×6=24，在6的后面写4，……得到一串数字：
444464464 4……，这串数字从1开始往右数，第4444个数字是( )。

6．妈妈在平底锅上 煎鸡蛋，鸡蛋的两面都要煎，每煎完一面需要30秒钟，这个锅上只能
同时煎两个鸡蛋，现在需要煎三个 鸡蛋，至少需要( )秒钟。

7．有两堆水果，一堆苹果一堆梨。如果用1个苹果换1 个梨，那么还多2个苹果，如果用
1个梨换2个苹果，那么还多1个梨，想想看，原来有( )个苹果，( )个梨。

8. 修一条路，还剩下2.6千米没有修，已知没修的比修好的一半还多0.2千米。这条马路
全长是（ ）千米。

9. 一桶油连桶重5.6千克，用去一半油后连桶还重3.1克。这桶油净重（ ）千克。

10. 农药厂生产一批农药，每天生产0.24吨。如果每500克售价28.5元。这个厂每天生产
的农药值（ ）元。

11. 已知甲、乙、丙、丁四个数都不是零，又知道：
甲数÷乙=0.5 丁数÷乙数=1.01 丙数÷0.4=乙数 甲数÷1.25=丙数
比较甲、乙、丙、丁四个数的大小，按从大到小的顺序排列，排在第三位的是（ ）。


12. 3.704小数点后面第100位上的数字是（ ）。
13. 1993×199.2-1992×199.1=( )
14. 15.37×7.88-9.37×7.88-15.37×2.12+9.37×2.12=( )

15. 有甲、乙、丙三人，甲每分钟走50米，乙每分钟 走40米，丙每分钟走60米。甲、乙
从东村，丙从西村，同时出发相对而行。甲出发40发钟后与丙相 遇，乙出发（ ）后与丙
相遇。

1客车长190米,货车长240米,两车分别 以每秒20米和每秒23M的速度前进.在双轨铁路上,
相遇时从车头相遇到车尾相离需几秒? AN（表示答案）:10秒.



2 计算1234+2341+3412+4123=? AN:11110
3 一个等差数列的首项是5.6 ,第六项是20.6,求它的第4项 。 AN:14.6

4 求和0.1+0.3+0.5+0.7+.....+0.87+0.89=? AN:22.5

5 求解下列同余方程:
(1)5X≡3(mod 13) (2)30x≡33(mod 39) (3)35x≡140(mod 47) (4)3x+4x≡45(mod 4)
AN:(1)x≡11(mod 13) (2)x≡5(mod 39) (3)x≡4(mod 47) (4)x≡3(mod 4)

6 请问数2206525321能否被7 11 13 整除? AN:能

7 现有1分.2分.5分硬币共100枚,总共价值2元.已知2分硬币总价值比一分硬币总价值多
13分 ,三类硬币各几枚? AN:一分币51`枚.二分币32枚.5分币17枚.

8 找规律填数:
0 , 3,8,15,24,35,___,63 AN: 48
9 100条直线最多能把平面分为几个部分? AN:5051

10 A B两人向大洋前进,每人备有12天食物,他们最多探险___天 。 AN:8天

11 100以内所有能被2或3或5或7整除的自然数个数 AN:78个

12 12 + 12+3 + 12+3+4 + ......+ 12+3+4+....+10=? AN:343330

13 从1,2,3,......2003,2004这些数中最多可取几个数,让任意两数差不等于9? AN:1005

14 求360的全部约数个数. AN: 24

15 停车场上,有24辆车,汽车四轮,摩托车3轮,共86个轮.三轮摩托车____辆. AN :10辆.

16 约数共有8个的最小自然数为____. AN:24

17求所有除4余一的两位数和 AN;1210

18 把一笔奖金分给甲乙两个组,平均每人得6元.如果只分给甲组每人得10元,只分给乙每
人得___元. AN:15元.

19有一个工厂春游,有若干辆车,每车乘65人, 有15人不能去,每车多乘5人,余一辆车.车___
辆,共____人 。AN:17,1120

20 AB两市学生乘车参观C地,每车可乘36人,AB两市学员坐满若干台车后,来自A 的学生
中余下的11人与来自B的余下若干人坐满了一辆车.在C地,来自A地和来自B地的学生两两合影留念,每个胶卷只能拍36张相片.那么全部拍完后相机中残余胶卷能拍____张照片.
AN:13张.

21 36A+424A+3是否为最简分数? AN:是

22 一个长方体体积为374,其长.宽.高均为质数,其表面积为___
23 求1246与624的最大公约数. AN:2

24 小茜买了椰子和芒 果,共用43元,椰子每斤7元,芒果每斤5元,她买了椰子和芒果斤数都
是整数.那么他买了椰子和芒 果共___斤 。AN:7

25 100只鸡啄100粒米 大鸡啄3粒米,中鸡啄2粒,小鸡啄13 粒,那么小鸡共____只.
AN:60或63或66或69或72或75(答案必须完整)

26 2002全部约数和是___ 。 AN:33

按出发时间的不同解相遇问题
知识要点提示：甲从A地到B地，乙从B地到A地，然后甲，乙在A，B途中相遇。
A、 B两地的路程=甲的速度×相遇时间+乙的速度×相遇时间
=（甲的速度+乙的速度）×相遇时间
=速度和×相遇时间
出发时间相同
1.两列对开的列车相遇，第一列 车的车速为10米秒，第二列车的车速为12.5米秒，
第二列车的旅客发现第一列车在旁边开过时用了 6秒，则第一列车的长度为多少米？
A.60米
B.75米
C.80米
D.135米
【答案】D。解析：这里A，B两地的距离就为第一列车 的长度，那么第一列车的长度
为（10+12.5）×6=135米。
2.甲、乙二人同 时从相距60千米的两地同时相向而行，6小时相遇。如果二人每小时各
多行1千米，那么他们相遇的地 点距前次相遇点1千米。又知甲的速度比乙的速度快，乙原
来的速度为（ ）
A.3千米时
B.4千米时
C.5千米时
D.6千米时
【答案】B。解析：原来两人速度和为60÷6=10千米时，现在两人相遇时间为60÷（10+2）
=5小时，设原来乙的速度为X千米时且乙的速度较慢，则5（X+1）=6X+1，解得X=4。
注意 ：在解决这种问题的时候一定要先判断谁的速度快。
我们上面讲的都是同时出发的情况。
出发时间不同
1.每天早上李刚定时离家上班，张大爷定时出家门散步，他们每天都 相向而行且准时在
途中相遇。有一天李刚因有事提早离家出门，所以他比平时早7分钟与张大爷相遇。已 知李
刚每分钟行70米，张大爷每分钟行40米，那么这一天李刚比平时早出门（ ）分钟
A.7
B.9
C.10
D.11
【答 案】D。解析：设每天李刚走X分钟，张大爷走Y分钟相遇，李刚今天提前Z分
钟离家出门，可列方程为 70X+40Y=70×（X+Z－7）+40×（Y－7），解得Z=11，故应选择D。
抓住了，两 地距离不变，列方程。

几道五年级的相遇问题
1、甲乙两车同时从两地相对开 出，甲车每小时行60千米，乙车每小时行55千米，相遇
时，甲车比乙车多行了45千米，求两地相距 多少千米？
2、甲乙两车同时从东站开往西站。甲车每小时比乙车多行12千米，甲车行驶4.5 小时
后到达西站，立即沿原路返回，在距西站31.5千米与乙车相遇，甲车每小时行多少千米？

3、甲乙两车同时从A、B两地相对开出，第一次在离A地8 5千米处相遇，相遇后两
车继续前进，到站后立即原咱返回；第二次在离B地65千米处相遇，算一算A B两地间的
距离和甲车行的路程。
4、一辆客车和一辆货车，同时从东、西两地相向而行 ，客车每小时行56千米，货车每
小时行48千米，两车在离中点32千米的地方相遇，求东、西两地的 距离是多少千米？
5、A、B两地相距480千米，甲、乙两车同时从两站相对出发，甲车每小时 行35千米，
乙车每小进行45千米，一只燕子以每小时50千米的速度和甲车同时出发向乙车飞去，遇 到
乙车又折回向甲车飞去，遇到甲车又返回飞向乙车，这样一直飞下去。燕子飞了多少千米两
车 才能够相遇？
在一次野外长跑比赛中，A、B两人同时从起点开始跑，A的速度为每秒3米，B的速度 为
每秒2米。途中，一辆汽车以每秒 10米的速度迎面开来，在与A相遇2分钟后，又遇B
擦 肩而过。问：当汽车与A擦肩而过时，A、B二人相距多远？当汽车与B擦肩而过时，A、
B二人相距多 远？
分析：
当汽车与A擦肩而过、与B相向而行时，这道题可改编为：
汽车与B相向而行，已知汽车每秒前进10米，B每秒前进2米，二者2分钟相遇，问
两地相距多远？
非常容易的一道题，先将2分钟换算成120秒，然后按照公式
速度和 × 时间 ＝距离
的方法，得到：﹙10＋2﹚×120＝1440米。
即 ：当汽车与A擦肩而过时A、B二人相距1440米
我们把第二问也简化以下。
A 、B二人赛跑，已知A在B前面1440米的地方，二人同向而行，又知A的速度是每
秒3米，B的速度 是每秒2米，跑了2分钟时﹙就是汽车从相遇A到相遇B的时间﹚，两
人相距多远？
我们 已知开始跑时﹙即汽车与A相遇时﹚，两人本来就相距1440米，二人速度差为每
秒1米﹙3－2﹚。 汽车走了120秒，两人的距离就增加了120米﹙1×120﹚。那么，2分钟
时，两人距离应为15 60米﹙120＋1440﹚。
即：当汽车与B擦肩而过时，A、B二人相距1560米。


追击相遇问题（附详细的解题思路和解答）
队伍长120m。一士兵从 队尾赶到队首向指挥官报告了队尾发生的情况后又回到队尾。他一
共走了432m路程。设士兵和队伍都 做匀速运动，这时队伍走的路程是多少？（设士兵向指
挥官报告的时间不计）
[思路分析]
求解路程要抓住士兵的速度与通讯员的速度恒定为突破口，然后把整个过程分为两段 进
行考虑，即以通讯员恰好到达排头为第一段，此时他们的都是往前走的，他们的位移关系满
足 通讯员比士兵队伍多了120m，第二段以通讯员回走到达对尾为对象，此时他们的位移关
系满足两者之 和为120m。然后以他们的速度之比为一恒量，列出等式，求解。
[解题过程]
假设士兵队伍的速度为v1，通讯员的速度为v2，第一段所用的时间为t1，第二段所用
的时间为t2 ，则：

第一段：假设士兵的路程为xm，则通讯员的路程为（x+120）m，则有关系式：
t1=xv1=(x+120)v2即：v1v2=x(x+120)
第二段t2=(432-120-x)v2=[120-(432-120-x)]v1
解得x=240
路程=432*240(240+120)=288
甲、乙两人同 时从两地相向而行。甲每小时行5千米，乙每小时行4.3千米。两人相遇时乙
比甲少行2.1千米。两 地相距多少千米？
分析：“两人相遇时乙比甲少行2.1千米”：追及问题
追及问题中： 路程差 速度差 = 追及时间
所以： 2.1 （5 - 4.3 ）= 3 小时
相遇问题中： 速度和 * 时间 = 路程和（即相遇路程）
所以： （5 + 4.3 ）* 3 = 27.9千米 …… 相遇路程，即两地距离

甲、乙两车同时从A、B两地相向而行，在距B地54千米处相遇他们各自到达对方车站后< br>立即返回原地，途中有在距A地42千米处相遇。求两次相遇地点的距离。

答案：设两次相遇地点的距离为x千米
根据他们相遇时用的时间是相等的
在距B地54千米处相遇时有：
（42+x）V甲=54V乙
在距A地42千米处相遇时有：
（54*2+x）V甲=（x+42*2）V乙
则（42+x）54=（108+x）（x+84）
x2+72x-2304=0
（x-24）（x+96）=0
解得x=24，x=-96（舍去）
所以两次相遇地点的距离为24千米

简单的相遇与追及问题的解题入手点

简单的相遇与追及问题各自解题时的入手点及需要注意的地方
1.相遇问题：与速度和、路程和有关
⑴ 是否同时出发
⑵ 是否有返回条件
⑶ 是否和中点有关：判断相遇点位置
⑷ 是否是多次返回：按倍数关系走。
⑸ 一般条件下，入手点从和入手，但当条件与差有关时，就从差入手，再分析出
时间，由此再得所需结果
2.追及问题：与速度差、路程差有关
⑴ 速度差与路程差的本质含义
⑵ 是否同时出发，是否同地出发。
⑶ 方向是否有改变
⑷ 环形时：慢者落快者整一圈

中国剩余定理类型题
一个三位数除以9余7，除以5余2，除以4余3，这样的三位数共有几个？
答案：
方法一：
用剩余定理做：
7*100+2*36+3*45=907
9、5、4的最小公倍数是：180 907180=5。。。7
所以这样的三位数是：180*1+7=187 180*2+7=367 180*3+7=547 180*4+7=727 180*5+7
=907
共有：五个
方法二：
枚举法： 类似题型若无特殊的条件，一般都通过枚举法找出符合条件的最小值，然后
在此 基础上加上各除数的最小公倍数，则可以得出相应的答案。
具体到此题，我们可以利用一些特殊条件缩小范围，减少枚举次数。
①因为除以4余3，因此该数为奇数；
②因为除以5余2，因此该数个位数为2或7，根据①，可知该数个位数应为7；
③因为除以9余7，结合②，该数最少应为97；结合①，经过尝试，得到符合条件的最
小数值为187
④3个除数9、5、4的最小公倍数180，
因此符合条件的三位数有187、367、547、727、907共5个。

中国数学史书上记载：在两千多年前的我国古代算书《孙子算经》中，有这样 一个问题及其
解法：
今有物不知其数，三三数之剩二；五五数之剩三：七七数之剩二。问物几何？
意思 是说：现在有 一堆东西，不知道它的数量，如果三个三个的数最后剩二个，如果
五个五个的数最后剩三个，如果七个七 个的数最 后剩二个，问这堆东西有多少个？ 你知道
这个数目吗？
《孙子算经》这道著名的数学题是我国古代数学思想“大衍求一术”的 具体体现，针
对这道题给出的解法是： N=70×2＋21×3＋15×2-2×105＝23
如此巧妙的解法的关键是数字70、21和15的选择： 70是可以被5、7整除且被3除
余1的最小正整数，当70×2时被3除余2 21是可以被3、7整除且被5除余1的最小正整
数，当21×3时被5除余3 15是可以被3、5整除且被7除余1的最小正整数，当15×2
时被7除余2 通过这种构造方法得到的N就可以满足题目的要求而减去2×105 后得到的是
满足这一条件的最小正整数。
韩信点兵又称为中国剩余定理，相传汉高祖刘邦问大 将军韩信统御兵士多少，韩信答说，每
3人一列余1人、5人一列余2人、7人一列余4人、13人一列 余6人„„。
刘邦茫然而不知其数。
我们先考虑下列的问题：假设兵不满一万，每 5人一列、9人一列、13人一列、17人
一列都剩3人，则兵有多少？
首先我们先求5 、9、13、17之最小公倍数9945（注：因为5、9、13、17为两两互质
的整数，故其最小公 倍数为这些数的积），然后再加3，得9948（人）。
中国有一本数学古书「孙子算经」也有类似的问题：
「今有物，不知其数，三三数之，剩二，五五数之，剩三，七七数之，剩二，问物几何？」
答曰：「二十三」 术曰：「三三数之剩二，置一百四十，五五数之剩三，置六十三，七七
数之剩二，置 三十，并之，得二百三十三，以二百一十减之，即得。凡三三数之剩一，则置
七十，五五数之剩一，则置 二十一，七七数之剩一，则置十五，即得。」
一条长长的阶梯，
如果每步跨 2 级，那么最后余 1 级；
如果每步跨 3 级，那么最后余 2 级；

如果每步跨 5 级，那么最后余 4 级；
如果每步跨 6 级，那么最后余 5 级；
如果每步跨 6 级，那么最后余 5 级；
只有当每步跨7级时，最后才刚好走完.
问这条台阶最少有 多少 级.
答案：
如果每步跨 2 级，那么最后余 1 级；
可知 是个奇数如果每步跨 3 级，那么最后余 2 级；
可知+1就是3的整数倍如果每步跨 5 级，那么最后余 4 级；
可知尾是4或9.但是是个奇数,所以是9如果每步跨 6 级，那么最后余 5 级；
可知+1就是6的整数倍只有当每步跨7级时，最后才刚好走完.
可知是7的整数倍7*7=49 7*17=119 49+1不是3的倍数,排除了.
119+1是3和6的整数倍,所以台阶有119级

加法原理练习题

1.小明要登15级台阶，每步登1级或2级台阶，共有多少种不同登法？
2.小明要登20级台阶，每步登2级或3级台阶，共有多少种不同登法？
3.有一堆火柴共10根，每次取走1～3根，把这堆火柴全部取完有多少种不同取法，
4.在下图中，从A点沿最短路径到B点，共有多少条不同的路线？

有15根火柴，如果规定每次取2根或3根，那么取完这堆火柴共有多少种不同取
法？


分析与解：为了便于理解，可以将本题转变为“上15级台阶，每次上2级或3级，共< br>有多少种上法？”所以本题的解题方法与例1类似（见下表）。



注意，因为每次取2或3根，所以取1根的方法数是0，取2根和取3根的方法数都是
1。 取4根的方法数是取1根与取2根的方法数之和，即0＋1＝1。依此类推，取n根火柴
的方法数是取（ n-3）根与取（n-2）根的方法数之和。所以，这串数（取法数）中，从第4
个数起，每个数都是它 前面第3个数与前面第2个数之和。取完15根火柴共有28种不同取
法。

沿左下图中箭头所指的方向从A到B共有多少种不同的走法？


分析 与解：如右上图所示，先标出到C点的走法数，再标出到D点和E点的走法数，然
后标出到F点的走法数 ，最后标出到B点的走法数。共有8种不同的走法。
下图是某街区的道路图。从A点沿最短路线到B点 ，其中经过C点和D点的不同路线共有多
少条？

分析与解：本题可以同例2一样从A标到B，也可以将从A到B分为三段，先是从A到< br>C，再从C到D，最后从D到B。如上图所示，从A到C有3种走法，从C到D有4种走法，
从D 到B有6种走法。因为从A到B是分几步走的，所以应该用乘法原理，不同的路线共有
3×4×6＝72（条）。
在左下图中，从A点沿实线走最短路径到B点，共有多少条不同路线？

分析与解：题目要求从左下向右上走，所以走到任一点，例如右上图中的D点，不是经< br>过左边的E点，就是经过下边的F点。如果到E点有a种走法（此处a＝6），到F点有b
种走法 （此处b＝4），根据加法原理，到D点就有（a＋b）种走法（此处为6＋4=10）。我
们可以从左 下角A点开始，按加法原理，依次向上、向右填上到各点的走法数（见上图），
最后得到共有35条不同 路线。
1、小明要登上10级台阶，他每一步只能登1级或2级台阶，他登上10级台阶共有多少种< br>不同的登法？
分析与解：登上第1级台阶只有1种登法。登上第2级台阶可由第1级台阶上 去，或者
从平地跨2级上去，故有2种登法。登上第3级台阶可从第1级台阶跨2级上去，或者从第2级台阶上去，所以登上第3级台阶的方法数是登上第1级台阶的方法数与登上第2级台阶
的方法数 之和，共有1+2＝3（种）„„一般地，登上第n级台阶，或者从第（n—1）级台
阶跨一级上去，或 者从第（n—2）级台阶跨两级上去。根据加法原理，如果登上第（n—1）
级和第（n—2）级分别有 a种和b种方法，则登上第n级有（a＋b）种方法。因此只要知道
登上第1级和第2级台阶各有几种方 法，就可以依次推算出登上以后各级的方法数。由登上
第1级有1种方法，登上第2级有2种方法，可得 出下面一串数：
1，2，3，5，8，13，21，34，55，89。

其中从第三个数起，每个数都是它前面两个数之和。登上第10级台阶的 方法数对应这
串数的第10个，即89。也可以在图上直接写出计算得出的登上各级台阶的方法数（见下 图）。

1.用五种颜色给右图的五个区域染色，每个区域染一种颜色，相邻的区域染不同 的颜色。
问：共有多少种不同的染色方法？

2.用1，2，3这三种数码组成四位数，在可能组成的四位数中，至少有连续两位是2
的有多少个？
3.下图中每个小方格的边长都是1。有一只小虫从O点出发，沿图中格线爬行，如果它
爬 行的总长度是3，那么它最终停在直线AB上的不同爬行路线有多少条？

1.南京去上海 可以乘火车、乘飞机、乘汽车和乘轮船。如果每天有20班火车、6班飞机、
8班汽车和4班轮船，那么 共有多少种不同的走法？
2.光明小学四、五、六年级共订300份报纸，每个年级至少订99份 报纸。问：共有多
少种不同的订法？
3.将10颗相同的珠子分成三份，共有多少种不同的分法？
4.在所有的两位数中，两位数码之和是偶数的共有多少个？
1、两次掷一枚骰子，两次出现的数字之和为偶数的情况有多少种？
分析与解：两次的数字之和是偶数可以分为两类，即两数都是奇数，或者两数都是偶数。

因为骰子上有三个奇数，所以两数都是奇数的有3×3=9（种）情况； 同理，两数都是
偶数的也有9种情况。根据加法原理，两次出现的数字之和为偶数的情况有9＋9＝18 （种）。
2、用五种颜色给右图的五个区域染色，每个区域染一种颜色，相邻的区域染不同的颜< br>色。问：共有多少种不同的染色方法？

分析与解：本题与上一讲的例4表面上十 分相似，但解法上却不相同。因为上一讲例4
中，区域A与其它区域都相邻，所以区域A与其它区域的颜 色都不相同。本例中没有一个区
域与其它所有区域都相邻，如果从区域A开始讨论，那么就要分区域A与 区域E的颜色相同
与不同两种情况。
当区域A与区域E颜色相同时，A有5种颜色可选； B有4种颜色可选；C有3种颜色
可选；D也有3种颜色可选。根据乘法原理，此时不同的染色方法有
5×4×3×3＝180（种）。
当区域A与区域E颜色不同时，A有5种颜色可选 ；E有4种颜色可选；B有3种颜色
可选；C有2种颜色可选；D有2种颜色可选。根据乘法原理，此时 不同的染色方法有
5×4×3×2×2＝240（种）。
再根据加法原理，不同的染色方法共有
180＋240=420（种）。
1、从甲地到 乙地，可以乘火车，也可以乘汽车，还可以乘轮船。一天中火车有4班，汽车
有3班，轮船有2班。问： 一天中乘坐这些交通工具从甲地到乙地，共有多少种不同走法？
分析与解：一天中乘坐火车有4种 走法，乘坐汽车有3种走法，乘坐轮船有2种走法，
所以一天中从甲地到乙地共有：4＋3＋2=9（种 ）不同走法。
2、旗杆上最多可以挂两面信号旗，现有红色、蓝色和黄色的信号旗各一面，如果用 挂
信号旗表示信号，最多能表示出多少种不同的信号？
分析与解：根据挂信号旗的面数可 以将信号分为两类。第一类是只挂一面信号旗，有红、
黄、蓝3种；第二类是挂两面信号旗，有红黄、红 蓝、黄蓝、黄红、蓝红、蓝黄6种。所以
一共可以表示出不同的信号

3＋6=9（种）。
以上两例利用的数学思想就是加法原理。
加法原理：如果完成一件任务有n类方法，在第一类方法 中有m1种不同方法，在第二
类方法中有m2种不同方法 „„在第n类方法中有mn种不同方法，那么完成这件任务共有
N=m1+m2+„+mn
种不同的方法。
乘法原理和加法原理是两个重要而常用的计数法则，在应用时一定要 注意它们的区别。
乘法原理是把一件事分几步完成，这几步缺一不可，所以完成任务的不同方法数等于各 步方
法数的乘积；加法原理是把完成一件事的方法分成几类，每一类中的任何一种方法都能完成
任务，所以完成任务的不同方法数等于各类方法数之和。

习题二答案：