关于景色的作文-暑假作业的答案

多面体外接球、内切球半径常见的5种求法
如果一个多面体的各个顶点都在同一个球面 上，那么称这个多面体是球的内接多面体，
这个球称为多面体的外接球.有关多面体外接球的问题，是立 体几何的一个重点，也是高考
考查的一个热点.研究多面体的外接球问题，既要运用多面体的知识，又要 运用球的知识，
并且还要特别注意多面体的有关几何元素与球的半径之间的关系，而多面体外接球半径的 求
法在解题中往往会起到至关重要的作用.
公式法
例1 一个六棱柱的底面是正 六边形，其侧棱垂直于底面，已知该六棱柱的顶点都在同
一个球面上，且该六棱柱的体积为
9< br>，底面周长为３，则这个球的体积为 .
8
6x3,
1

x,

2
解 设正六棱柱的底面边长为
x
，高为
h
，则有

93
2


xh,

6
4

h3．

8
∴正 六棱柱的底面圆的半径
r
3
1
，球心到底面的距离
d
. ∴外接球的半径
2
2
Rr
2
d
2
1
.
V
球

4

.
3
222
小结 本题是运用公式
Rrd
求球的半径的，该公式是求球的半径的常用公式.
多面体几何性质法
例2 已知各顶点都在同一个球面上的正四棱柱的高为4，体积为16，则这个球的表面
积是
A.
16

B.
20

C.
24

D.
32


解 设正四棱柱的底面边长为
x
，外接球的半径为
R
，则有
4x16< br>，解得
x2
.
∴
2R
2
2
2
2
2
4
2
26,　 　R6
.∴这个球的表面积是
4

R
2
24

.选C.
小结 本题是运用“正四棱柱的体对角线的长等于其外接球的直径”这一性质来求解的.
补形法
例3 若三棱锥的三个侧棱两两垂直，且侧棱长均为
3
，则其外接球的表面积是 .
解 据题意可知，该三棱锥的三条侧棱两两垂直，∴把这个三棱锥可以补成一个棱长为
3
的正方体，于是正方体的外接球就是三棱锥的外接球.
设其外接球的半径为
R
，则有

2R


2
2

3
2
3
2
3
2
9
.∴
R
2< br>
9
.
4
故其外接球的表面积
S4

R9

.
小结 一般地，若一个三棱锥的三条侧棱两两垂直，且其长度分别为
a、b、c
，则 就
可以将这个三棱锥补成一个长方体，于是长方体的体对角线的长就是该三棱锥的外接球的直
径 .设其外接球的半径为
R
，则有
2Ra
2
b
2
c
2
.

寻求轴截面圆半径法
例4 正四棱锥
SABCD
的底面边长和各侧棱长都为
2
，点
S、A、B、C、D
都
在同一球面上，则此球的体积为 .
解 设正四棱锥的底面中心为
O
1
，外接球的球心为
O
，如图3
所示.∴由球的截面的性质，可 得
OO
1
平面ABCD
.
D
C
O
1< br>图3
B
S
又
SO
1
平面ABCD
，∴球心
O
必在
SO
1
所在的直线上.
∴
ASC
的外接圆就是外接球的一个轴截面圆，外接圆的半径就
是外接球的半径.
在
AS C
中，由
SASC
A
2，AC2
，得
SA
2
SC
2
AC
2
.
∴
ASC是以AC为斜边的Rt
.
∴
AC4

1
是外接圆的半径，也是外接球的半径.故
V
球

.
23
小结 根据题意，我们可以选择最佳角度找出含有正棱锥特征元素的外接球的一个轴截< br>面圆，于是该圆的半径就是所求的外接球的半径.本题提供的这种思路是探求正棱锥外接球
半径的 通解通法，该方法的实质就是通过寻找外接球的一个轴截面圆，从而把立体几何问题
转化为平面几何问题 来研究.这种等价转化的数学思想方法值得我们学习.
确定球心位置法
例5 在矩形ABCD
中，
AB4,BC3
，沿
AC
将矩形
AB CD
折成一个直二面角
BACD
，则四面体
ABCD
的外接球的 体积为
5

B.

C.

D.

A.
12963
解 设 矩形对角线的交点为
O
，则由矩形对角线互相平分，可知
OAOBOCOD.∴点
O
到四面体的四个顶点
A、B、C、D
的
距离相等，即点
O
为四面体的外接球的球心，如图2所示.∴外接球的半
54125
3

.选C. 径
ROA
.故
V
球


R
236
D
C
B
A
O
图4
出现多个垂 直关系时建立空间直角坐标系，利用向量知识求解

【例题】：已知在三棱锥
AB CD
中，
AD面ABC
，
BAC120

，
ABADAC2
，求该棱锥的外接球半径。
解：由已知建立空间直角坐标系
0)
由平面知识得
C(1，3，
z
D
设球心坐标为
O(x,y,z)
则< br>AOBOCODO
,由知
A
空间两点间距离公式
C
x< br>2
y
2
z
2
(x2)
2
y
2
z
2

x
2
y
2
z
2
x
2
y
2
(z2)
2

y
x
B

解得
x1y
3
3
z1

所以半径为
R1
2
（
3
22
21
< br>）1
33
222
【结论】：空间两点间距离公式：
PQ(x1
x
2
)(y
1
y
2
)(z
1
z
2
)

四面体是正四面体
外接球与内切球的圆心为正四面体高上的一个点，
根据勾股定理知，假设正四面体的边长为
a
时，它的外接球半径为
内切球的半径
正方体的内切球：
设正方体的棱长为
a
，求（1）内切球半径；（2）外接 球半径；（3）与棱相切的球半
径。
（1）截面图为正方形
EFGH
的内切 圆，得
R
6
a
。
4
a
；
2
（2）与正方体各棱相切的球：球与正方体的各棱相切，切点为各棱的中点，如图4作截
面图，圆
O
为正方形
EFGH
的外接圆，易得
R
2
a
。
2
（3） 正方体的外接球：正方体的八个顶点都在球面上，如图5，以对角面
AA< br>1
作截面
图得，圆
O
为矩形
AA
1
C
1
C
的外接圆，易得
RA
1
O
3
a
。
2
构造直
三角形，
巧解正
棱柱与
球的组
合问题
图3 图4
正棱柱
图5
的外接
球，其球心定在上下底面中心连线 的中点处，由球心、底面中心及底面一顶点构
成的直角三角形便可得球半径。
例题：已知底面 边长为
a
正三棱柱
ABCA
1
B
1
C
1
的六个顶点在球
O
1
上，又知球
O
2
与此正

三棱柱的5个面都相切，求球
O
1
与球
O
2
的体积之比与表面积之比。
分析：先画出过球心的截面图，再来探求半径之间的关系。
解 ：如图6，由题意得两球心
O
1
、
O
2
是重合的，过正三棱 柱的一条侧棱
AA
1
和它们的
球心作截面，设正三棱柱底面边长为
a
，则
R
2

3
6
a
，
正三棱柱的 高为
h2R
3
2

3
a
，由
RtA< br>1
D
1
O
中，
得
图6
2
R2


3



R
2
< br>3

2

3

2
5

3< br>a

2


a



a< br>
a
2
1




3




6


12
，
R
5
1

12
a

SS
22
1
:
2
R
1
:R
2
5:1
，
V
1
:V
2
55:1

二 棱锥的内切、外接球问题
4 .正四面体的外接球和内切球的半径是多少？
分析：运用正四面体的二心合一性质，作出截面图，通过点、线、面关系
解之。
解： 如图1所示，设点
O
是内切球的球心，正四面体棱长为
a
．由图形的
对称性知，点
O
也是外接球的球心．设内切球半径为
r
，外接球半径为
R
．
2
在
RtBEO
中，
BO
2
 BE
2
EO
2
，即
R
2



3

a


r
2
，
6
a
，

3

得
R

4
得
R3r

【点评】由于正四面体本身的对称性可知，内切球和外接球的两个球心是
重合的，为正四面体高的四等分点，即内切球的半径为
h
4
(
h
为正四面体的
高)，且外接球的半径
3h
4
，从而可以通过截面图中
RtOBE
建立棱长与半径
之间的关系
多面体的体积为V，表面积为S，则内切球的半径为：3VS
高为h，各面面积均为S的棱锥内任意一点到各表面距离之和为h
图1