本科专业目录-立秋是什么意思

2016年高考数学全国1卷（理科）
一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，每小题只有一项是符合题目要求的.
1．设集 合A={x|
x
2
﹣4x+3
＜0}，B={x|2x﹣3＞0}，则A∩B =（ ）
A．（﹣3，﹣） B．（﹣3，） C．（1，） D．（，3）
2．设（1+i）x=1+yi，其中x，y是实数，则|x+yi|=（ ）
A．1 B． C． D．2
3．已知等差数列{a
n
}前9项的和为27，
a
10=8
，则
a
100
=（ ）
A．100 B．99 C．98 D．97
4．某公司 的班车在7：00，8：00，8：30发车，小明在7：50至8：30之间到达发车站乘坐班车，且到达发车 站的时刻
是随机的，则他等车时间不超过10分钟的概率是（ ）
A． B． C． D．
5．已知方程﹣=1表示双曲线，且该双曲线两焦点间的距离为4，则n的取值范围是（ ）
A．（﹣1，3） B．（﹣1，） C．（0，3） D．（0，）
6．如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径．若该几何体的体积是 ，
则它的表面积是（ ）
A．17π B．18π C．20π D．28π
7．函数
y=2x
2
﹣e
|x|
在[﹣2，2]的图象大致为（ ）
A． B． C． D．
8．若a＞b＞1，0＜c＜1，则（ ）
A．a
c
＜b
c
B．ab
c
＜ba
c
C．alog
b
c＜blog
a
c D．log
a
c＜log
b
c

9．执行如图的程序框图，如果输入的x=0，y=1，n=1，则输出x，y的值满足（ ）
A．y=2x B．y=3x C．y=4x D．y=5x
10．以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点，交C的准线于D、E两点．已知 |AB|=4，|DE|=2，则C的焦
点到准线的距离为（ ）
A．2 B．4 C．6 D．8
11．平面α过正方体ABCD﹣A
1
B
1
C
1
D
1
的顶点A，α∥平面CB
1
D
1
，α∩平面ABCD=m，α∩平面ABB
1
A1
=n，则m、n所成角的
正弦值为（ ）
A． B． C． D．
12．已知函数f（x）=sin（ωx+φ）（ω ＞0，|φ|≤），x=﹣为f（x）的零点，x=为y=f（x）图象的对称轴，
且f（x）在（，） 上单调，则ω的最大值为（ ）
A．11 B．9 C．7 D．5

二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.
13．设向量=（m，1），=（1 ，2），且|+|
2
=||
2
+||
2
，则m= ．
14．（2x+）
5
的展开式中，x
3
的系数是 ．（用数字填写答案）
15．设等比数列{a
n
}满足a
1
+a< br>3
=10，a
2
+a
4
=5，则a
1
a2
…a
n
的最大值为 ．
16．某高科技企业生产产品A和产 品B需要甲、乙两种新型材料．生产一件产品A需要甲材料1.5kg，乙材料1kg，用5
个工时；生 产一件产品B需要甲材料0.5kg，乙材料0.3kg，用3个工时，生产一件产品A的利润为2100元，生 产一件
产品B的利润为900元．该企业现有甲材料150kg，乙材料90kg，则在不超过600个 工时的条件下，生产产品A、产品B
的利润之和的最大值为 元．
三、解答题：本大题共5小题，满分60分，解答须写出文字说明、证明过程或演算步骤.
1 7．（12分）△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知2cosC（acosB+bcosA ）=c．
（Ⅰ）求C；

（Ⅱ）若c=，△ABC的面积为，求△ABC的周长．











1 8．（12分）如图，在以A，B，C，D，E，F为顶点的五面体中，面ABEF为正方形，AF=2FD，∠ AFD=90°，且二面角D
﹣AF﹣E与二面角C﹣BE﹣F都是60°．
（Ⅰ）证明平面ABEF⊥平面EFDC；
（Ⅱ）求二面角E﹣BC﹣A的余弦值．









1 9．（12分）某公司计划购买2台机器，该种机器使用三年后即被淘汰．机器有一易损零件，在购进机器时，可 以额外
购买这种零件作为备件，每个200元．在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个500元 ．现需决策在购买机器时
应同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内 更换的易损零件数，得如图柱状图：
以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易 损零件数发生的概率，记X表示2台机器三年内共需更
换的易损零件数，n表示购买2台机器的同时购买 的易损零件数．

（Ⅰ）求X的分布列；
（Ⅱ）若要求P（X≤n）≥0.5，确定n的最小值；
（Ⅲ）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据，在n=19与n=20之中选其一，应选用哪个？
















20．（12分）设圆x
2
+y
2
+2x﹣15=0的圆心为A，直线l过点B（1，0）且与x轴不重合，l交 圆A于C，D两点，过B作
AC的平行线交AD于点E．
（Ⅰ）证明|EA|+|EB|为定值，并写出点E的轨迹方程；
（Ⅱ）设点E的轨迹为曲线 C
1
，直线l交C
1
于M，N两点，过B且与l垂直的直线与圆A交于P，Q 两点，求四边形MPNQ
面积的取值范围．

21．（12分）已知函数f（x）=（x﹣2）e
x
+a（x ﹣1）
2
有两个零点．
（Ⅰ）求a的取值范围；
（Ⅱ）设x
1，x
2
是f（x）的两个零点，证明：x
1
+x
2
＜2 ．




























请考生在22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分.

[选修4-1：几何证明选讲]
22．（10分）如图，△OAB是等腰三角形，∠AOB= 120°．以O为圆心，OA为半径作圆．
（Ⅰ）证明：直线AB与⊙O相切；
（Ⅱ）点C，D在⊙O上，且A，B，C，D四点共圆，证明：AB∥CD．

[选修4-4：坐标系与参数方程]
23．在直角坐标系xOy中，曲线C
1
的参数方程为（t为参数，a＞0）．在以坐标原点为极点，x轴正半轴为
极轴的极坐标系中，曲线C
2
：ρ=4cosθ．
（Ⅰ）说明C
1
是哪种曲线，并将C
1
的方程化为极坐标方程； < br>（Ⅱ）直线C
3
的极坐标方程为θ=α
0
，其中α
0
满足tanα
0
=2，若曲线C
1
与C
2
的公共点都在C< br>3
上，求a．










[选修4-5：不等式选讲]
24．已知函数f（x）=|x+1|﹣|2x﹣3|．
（Ⅰ）在图中画出y=f（x）的图象；
（Ⅱ）求不等式|f（x）|＞1的解集．

2016年高考数学全国1卷（理科）参考答案与试题解析

一、选择 题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1． 【解答】解：∵集合A={x|x
2
﹣4x+3＜0}=（1，3），B={x|2x﹣3＞0 }=（，+∞），
∴A∩B=（，3），故选：D

2．【解答】解：∵（1+ i）x=1+yi，∴x+xi=1+yi，即，解得，即|x+yi|=|1+i|=，
故选：B．

3．【解答】解：∵等差数列{a
n
}前9项的和为27，S
9
===9a
5
．
∴9a
5
=27，a
5
=3，又∵a
10
=8，∴d=1，∴a
100
=a
5
+9 5d=98，故选：C

4．【解答】解：设小明到达时间为y，当y在7：50至8：00，或8：20至8：30时，
小明等车时间不超过10分钟，故P==，故选：B

5．【解答】解：∵双曲线 两焦点间的距离为4，∴c=2，当焦点在x轴上时，可得：4=（m
2
+n）+（3m
2
﹣n），解得：m
2
=1，
∵方程﹣=1表示双曲线，∴（m
2
+n）（3m
2
﹣n）＞0，可得：（n+1）（3﹣n）＞0，
解得：﹣ 1＜n＜3，即n的取值范围是：（﹣1，3）．当焦点在y轴上时，可得：﹣4=（m
2
+n ）+（3m
2
﹣n），解得：m
2
=﹣1，
无解．故选：A．

6．【解答】解：由题意可知三视图复原的几何体是一个球去掉后的几何体，如图：
可得：=，R=2．它的表面积是：×4π•2
2
+=17π．
故选：A．



7．【解答】解：∵f（x）=y=2x
2
﹣e< br>|x|
，∴f（﹣x）=2（﹣x）
2
﹣e
|﹣x|
=2x< br>2
﹣e
|x|
，故函数为偶函数，
当x=±2时，y=8﹣e
2
∈（0，1），故排除A，B； 当x∈[0，2]时，f（x）=y=2x
2
﹣e
x
，
∴f′（x ）=4x﹣e
x
=0有解，故函数y=2x
2
﹣e
|x|
在 [0，2]不是单调的，故排除C，
故选：D

8．【解答】解：∵a＞b＞1，0＜c＜1，
∴函数f（x）=x
c
在（ 0，+∞）上为增函数，故a
c
＞b
c
，故A错误；
函数f（x） =x
c﹣1
在（0，+∞）上为减函数，故a
c﹣1
＜b
c﹣1，故ba
c
＜ab
c
，即ab
c
＞ba
c；故B错误；
log
a
c＜0，且log
b
c＜0，log
a
b＜1，即=＜1，即log
a
c＞log
b
c．故D错 误；
0＜﹣log
a
c＜﹣log
b
c，故﹣blog
a
c＜﹣alog
b
c，即blog
a
c＞alog
b
c，即alog
b
c＜blog
a
c，故C正确；
故选：C

9．【解答】解：输入x=0，y=1，n=1，则x=0，y=1，不满足x
2
+y
2
≥36，故n=2，
则x=，y=2，不满足x
2
+y
2
≥36，故n=3，则x=，y=6，满足x
2
+y
2
≥36，故y=4x，
故选：C

10．【解答】解：设抛物线为y
2
=2px，如图：|AB|=4，|AM|=2，|DE|=2，|DN|=，|ON|=，
x
A
==，|OD|=|OA|，=+5，解得：p=4．C的焦点到准线的距离为：4．
故选：B．


11．【解答】解：如图：α∥平面CB
1D
1
，α∩平面ABCD=m，α∩平面ABA
1
B
1
=n，
可知：n∥CD
1
，m∥B
1
D
1
，∵△ CB
1
D
1
是正三角形．m、n所成角就是∠CD
1
B1
=60°．

则m、n所成角的正弦值为：．故选：A．


12．【解答】解：∵x=﹣为f（x）的零点，x=为y=f（x）图象的对称轴，
∴，即，（n∈N）即ω=2n+1，（n∈N）即ω为正奇数，
∵f（x）在（，）上单调，则﹣=≤，即T=≥，解得：ω≤12，
当ω=11时，﹣+φ=kπ，k∈Z，∵|φ|≤，∴φ=﹣，
此时f（x）在（，）不单调，不满足题意；当ω=9时，﹣+φ=kπ，k∈Z，
∵|φ|≤，∴φ=，此时f（x）在（，）单调，满足题意；
故ω的最大值为9，故选：B

二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共25分.
13．【解答】解：| +|
2
=||
2
+||
2
，可得•=0．向量=（m，1） ，=（1，2），
可得m+2=0，解得m=﹣2．故答案为：﹣2．

14． 【解答】解：（2x+）
5
的展开式中，通项公式为：T
r+1
==2
5﹣r
，
令5﹣=3，解得r=4∴x
3
的系数2=10．故答案为：10．
< br>15．【解答】解：等比数列{aa
2
n
}满足
1
+a
3
=10，a
2
+a
4
=5，可得q（a
1
+a
3
）=5，解得q=．a
1
+qa
1
=10，解得a
1
=8．
则a
n）
1
a
2
…a
n=a
1
•q
1+2+3+…+（n﹣1
=8
n
•==， 当n=3或4时，表达式取得最大值：=2
6
=64．
故答案为：64．

16．【解答】解：（1）设A、B两种产品分别是x件和y件，获利为z元．
由题意，得，z=2100x+900y．
不等式组表示的可行域如图：由题意可得，解得：，A（60，100），
目标函数z=21 00x+900y．经过A时，直线的截距最大，目标函数取得最大值：2100×60+900×100=21 6000元．
故答案为：216000．


三、解答题：本大题共5小题，满分60分，解答须写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17．【解答】解：（Ⅰ）∵在△ABC中，0＜C＜π，∴sinC≠0
已知等式利用正弦 定理化简得：2cosC（sinAcosB+sinBcosA）=sinC，整理得：2cosCsin（A +B）=sinC，
即2cosCsin（π﹣（A+B））=sinC2cosCsinC=sin C∴cosC=，∴C=；
（Ⅱ）由余弦定理得7=a
2
+b
2
﹣ 2ab•，∴（a+b）
2
﹣3ab=7，∵S=absinC=ab=，∴ab=6，∴（a +b）
2
﹣18=7，
∴a+b=5，∴△ABC的周长为5+．
18．【解答】（Ⅰ）证明：∵ABEF为正方形，∴AF⊥EF．∵∠AFD=90°，∴AF⊥DF，
∵DF∩EF=F，∴AF⊥平面EFDC，∵AF⊂平面ABEF，∴平面ABEF⊥平面EFDC；
（Ⅱ）解：由AF⊥DF，AF⊥EF，可得∠DFE为二面角D﹣AF﹣E的平面角；由ABEF为正 方形，AF⊥平面EFDC，
∵BE⊥EF，∴BE⊥平面EFDC即有CE⊥BE，可得∠CEF为 二面角C﹣BE﹣F的平面角．可得∠DFE=∠CEF=60°．
∵AB∥EF，AB⊄平面EFD C，EF⊂平面EFDC，∴AB∥平面EFDC，∵平面EFDC∩平面ABCD=CD，AB⊂平面ABCD ，
∴AB∥CD，∴CD∥EF，∴四边形EFDC为等腰梯形．以E为原点，建立如图所示的坐标系 ，设FD=a，

则E（0，0，0），B（0，2a，0），C（，0，a），A（2a，2a，0），
∴=（0，2a，0），=（，﹣2a，a），=（﹣2a，0，0）
设平面BEC的法向量 为=（x
1
，y
1
，z
1
），则，则，取=（，0，﹣1） ．
设平面ABC的法向量为=（x
2
，y
2
，z
2
），则，则，取=（0，，4）．
设二面角E﹣BC﹣A的大小为θ，则cosθ===﹣，
则二面角E﹣BC﹣A的余弦值为﹣．










19．【解答】解：（Ⅰ）由已知得X的可能取值为16，17，18，19，20，21，22，
P（X=16）=（）
2
=，
P（X=17）=，
P（X=18）=（）
2
+2（）
2
=，
P（X=19）==，
P（X=20）===，
P（X=21）==，
P（X=22）=，
∴X的分布列为：
X 16 17 18 19 20 21 22
P

（Ⅱ）由（Ⅰ）知：
P（X≤18）=P（X=16）+P（X=17）+P（X=18）
==．
P（X≤19）=P（X=16）+P（X=17）+P（X=18）+P（X=19）
=+=．
∴P（X≤n）≥0.5中，n的最小值为19．
（Ⅲ）解法一：由（Ⅰ ）得P（X≤19）=P（X=16）+P（X=17）+P（X=18）+P（X=19）
=+=．
买19个所需费用期望：
EX
1
=200×+（200×19+500）× +（200×19+500×2）×+（200×19+500×3）×=4040，
买20个所需费用 期望：
EX
2
=+（200×20+500）×+（200×20+2×500）× =4080，
∵EX
1
＜EX
2
，
∴买19个更合适．

解法二：购买零件所用费用含两部分，一部分为购买零件的费用，
另一部分为备件不足时额外购买的费用，
当n=19时，费用的期望为：19×200+50 0×0.2+1000×0.08+1500×0.04=4040，
当n=20时，费用的期望为： 20×200+500×0.08+1000×0.4=4080，∴买19个更合适．

20．【解答】解：（Ⅰ）证明：圆x
2
+y
2
+2x﹣15=0即为（x+ 1）
2
+y
2
=16，可得圆心A（﹣1，0），半径r=4，
由B E∥AC，可得∠C=∠EBD，由AC=AD，可得∠D=∠C，即为∠D=∠EBD，即有EB=ED，
则|EA|+|EB|=|EA|+|ED|=|AD|=4，故E的轨迹为以A，B为焦点的椭圆，
且有2a=4，即a=2，c=1，b==，则点E的轨迹方程为+=1（y≠0）；

（Ⅱ）椭圆C
1
：+=1，设直线l：x=my+1，由P Q⊥l，设PQ：y=﹣m（x﹣1），
由可得（3m
2
+4）y
2
+6my﹣9=0，设M（x
1
，y
1
），N（x
2
，y
2
），可得y
1
+y
2
=﹣，y
1
y2
=﹣，
则|MN|=•|y
1
﹣y
2
|=•=•=12•，
A到PQ的距离为d==，|PQ|=2=2=，
则四边形MPNQ面积为S=|PQ|•|MN|=••12•
=24•=24，当m=0时，S取得最小值12，又＞0，可得S＜24•=8，
即有四边形MPNQ面积的取值范围是[12，8）．


21．【解答 】解：（Ⅰ）∵函数f（x）=（x﹣2）e
x
+a（x﹣1）
2
，∴f′（ x）=（x﹣1）e
x
+2a（x﹣1）=（x﹣1）（e
x
+2a），①若a=0，那么f（x）=0⇔（x﹣2）e
x
=0⇔x=2，函数f（x）只有唯一的 零点2，不合题意；
②若a＞0，那么e
x
+2a＞0恒成立，当x＜1时，f′（ x）＜0，此时函数为减函数；
当x＞1时，f′（x）＞0，此时函数为增函数；此时当x=1时，函数f（x）取极小值﹣e， < br>由f（2）=a＞0，可得：函数f（x）在x＞1存在一个零点；当x＜1时，e
x
＜ e，x﹣2＜﹣1＜0，
∴f（x）=（x﹣2）e
x
+a（x﹣1）
2< br>＞（x﹣2）e+a（x﹣1）
2
=a（x﹣1）
2
+e（x﹣1）﹣ e，
令a（x﹣1）
2
+e（x﹣1）﹣e=0的两根为t
1
，t
2
，且t
1
＜t
2
，
则当x＜t
21
，或x＞t
2
时，f（x）＞a（x﹣1）+e（x﹣1）﹣e＞0，故函数f （x）在x＜1存在一个零点；
即函数f（x）在R是存在两个零点，满足题意；
③若﹣＜ a＜0，则ln（﹣2a）＜lne=1，当x＜ln（﹣2a）时，x﹣1＜ln（﹣2a）﹣1＜lne﹣1 =0，
e
x
+2a＜e
ln（﹣2a）
+2a=0，即f′（x） =（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调递增，
当ln（﹣2a） ＜x＜1时，x﹣1＜0，e
x
+2a＞e
ln（﹣2a）
+2a=0， < br>即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＜0恒成立，故f（x）单调递减，当x＞1 时，x﹣1＞0，e
x
+2a＞e
ln（﹣2a）
+2a=0，
即 f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调递增，故当x=ln（﹣ 2a）时，函数取极大值，
由f（ln（﹣2a））=[ln（﹣2a）﹣2]（﹣2a）+a[ln （﹣2a）﹣1]
2
=a{[ln（﹣2a）﹣2]
2
+1}＜0得：
函数f（x）在R上至多存在一个零点，不合题意；
④若a=﹣，则ln（﹣2a）=1，当 x＜1=ln（﹣2a）时，x﹣1＜0，e
x
+2a＜e
ln（﹣2a）
+ 2a=0，
即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调 递增，当x＞1时，x﹣1＞0，e
x
+2a＞e
ln（﹣2a）
+2a=0 ，
即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调递增，故 函数f（x）在R上单调递增，
函数f（x）在R上至多存在一个零点，不合题意；
⑤若a ＜﹣，则ln（﹣2a）＞lne=1，当x＜1时，x﹣1＜0，e
x
+2a＜e
l n（﹣2a）
+2a=0，
即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调递增， 当1＜x＜ln（﹣2a）时，x﹣1＞0，e
x
+2a＜e
ln（﹣2a）+2a=0，
即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＜0恒成立，故f（x）单调递减， 当x＞ln（﹣2a）时，x﹣1＞0，e
x
+2a＞e
ln（﹣2a）
+2a=0，
即f′（x）=（x﹣1）（e
x
+2a）＞0恒成立，故f（x）单调递增，
故当x=1时，函数取极大值，
由f（1）=﹣e＜0得：
函数f（x）在R上至多存在一个零点，不合题意；
综上所述，a的取值范围为（0，+∞）
证明：（Ⅱ）∵x
1
，x
2
是f（x）的两个零点，
∴f （x
1
）=f（x
2
）=0，且x
1
≠1，且x
2
≠1，
∴﹣a==，令g（x）=，则g（x
1
）=g（x
2
）=﹣a，
∵g′（x）=，∴当x＜1时，g′（x）＜0，g（x）单调递减；
当x＞1时，g′（x）＞0，g（x）单调递增；
设m＞0，则g（1+m）﹣g（1﹣m）=﹣=，
设h（m）=，m＞0，
则h′（m）=＞0恒成立，即h（m）在（0，+∞）上为增函数，

h（m）＞h（0）=0恒成立，即g（1+m）＞g（1﹣m）恒成立，
令 m=1﹣x
1
＞0，则g（1+1﹣x
1
）＞g（1﹣1+x
1）⇔g（2﹣x
1
）＞g（x
1
）=g（x
2
）⇔2﹣ x
1
＞x
2
，
即x
1
+x
2
＜2．

请考生在22、23、24题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分.
[选修4-1：几何证明选讲]
【解答】证明：（Ⅰ）设K为AB中点，连结OK，∵OA=OB，∠AOB=120°，
∴OK⊥AB，∠A=30°，OK=OAsin30°=OA，∴直线AB与⊙O相切；
（ Ⅱ）因为OA=2OD，所以O不是A，B，C，D四点所在圆的圆心．设T是A，B，C，D四点所在圆的圆心 ．
∵OA=OB，TA=TB，∴OT为AB的中垂线，同理，OC=OD，TC=TD，
∴OT为CD的中垂线，∴AB∥CD．

[选修4-4：坐标系与参数方程]
【解答】解：（Ⅰ）由，得，两式平方相加得，x
2
+（y﹣1）
2
=a
2
．
∴C为以（0，1）为圆心，以a为半径的圆．化为一般式：x
2
+y
2
﹣2y+1﹣a
2
1
=0．①
由x
2
+y
2
=ρ
2
，y=ρsinθ，得ρ
2
﹣2 ρsinθ+1﹣a
2
=0；
（Ⅱ）C
22222
2
：ρ =4cosθ，两边同时乘ρ得ρ=4ρcosθ，∴x+y=4x，②即（x﹣2）+y=4．
由C
3
：θ=α
0
，其中α
0
满足tanα
0
=2，得y=2x，∵曲线C
1
与C
2
的公共点都在C
3
上 ，
∴y=2x为圆C
2
1
与C
2
的公共弦所在直线方程， ①﹣②得：4x﹣2y+1﹣a=0，即为C
3
，
∴1﹣a
2
=0，∴a=1（a＞0）．

[选修4-5：不等式选讲]
24．
【解答】解：（Ⅰ）f（x）=，
由分段函数的图象画法，可得f（x）的图象，如右：
（Ⅱ）由|f（x）|＞1，可得
当x≤﹣1时，|x﹣4|＞1，解得x＞5或x＜3，即有x≤﹣1；
当﹣1＜x＜时，|3x﹣2|＞1，解得x＞1或x＜，即有﹣1＜x＜或1＜x＜；
当x≥时，|4﹣x|＞1，解得x＞5或x＜3，即有x＞5或≤x＜3．
综上可得，x＜ 或1＜x＜3或x＞5．则|f（x）|＞1的解集为（﹣∞，）∪（1，3）∪（5，+∞）．