生日快乐英语-培训班学习心得体会

最值问题

内容概述

均值不等式，即和为定值的两数的 乘积随着两数之差的增大而减小．各种求最大值或最
小值的问题，解题时宜首先考虑起主要作用的量，如 较高数位上的数值，有时局部调整和枚
举各种可能情形也是必要的．

典型问题

2．有4袋糖块，其中任意3袋的总和都超过60块．那么这4袋糖块的总和最少有多少块?

【分析与解】 方法一：设这4袋为A、B、C、D，为使4袋糖块的总和最少，则每袋< br>糖应尽量平均，有A、B、C袋糖有20、20、21块糖．

则当A、B、D三袋糖 在一起时，为了满足条件，D袋糖不少于21块，验证A、B、C、D
这4袋糖依次有20，20，2l ，2l时满足条件，且总和最少．

这4袋糖的总和为20+20+21+21=82块．

方法二：设这4袋糖依次有a、b、c、d块糖，

abc61①

1

abd61②
有

，①+②+③+④ 得：3（a+b+c+d）≥244,所以a+b+c+d≥81,因为
3

ac d61③


bcd61④
a+b+c+d均是整数，所以a+b+ c+d的和最小是82．

评注：
不能把不等式列为

abc60 ①


a+b+d60 ②


a+c+d60 ③


b+c+d60 ④
，如果这样将①+②+③+④得到
3( a+b+c+d)>240,a+b+c+d>80，因为a、b、c、d均是整数，所以a+b+c+d的和最 小是81.至于为什么会出
现这种情况．如何避免,希望大家自己解决.

4．用1 ，3，5，7，9这5个数字组成一个三位数ABC和一个两位数DE，再用O，2，4，6，
8这5个 数字组成一个三位数FGH和一个两位数IJ．求算式ABC×DE- FGH×IJ的计算结果的
最大值．

【分析与解】 为了使ABC×DE- FGH×IJ尽可能的大，ABC×DE尽可能的大，FGH×IJ
尽可能的小．

则ABC×DE最大时，两位数和三位数的最高位都最大，所以为7、9，然后为3、5，最后三位数的个位为1，并且还需这两个数尽可能的接近，所以这两个数为751，93．

则FGH×IJ最小时，最高位应尽可能的小，并且两个数的差要尽可能的大，应为468×20．

所以ABC×DE-FGH×IJ的最大值为751×93-468×20=60483．

评注：
类似的还可以算出FGH×IJ- ABC×DE的最大值为640×82-379×15=46795．

6．将6， 7，8，9，10按任意次序写在一圆周上，每相邻两数相乘，并将所得5个乘积相加，
那么所得和数的 最小值是多少?


【分析与解】 我们从对结果影响最大的数上人手，然后考虑次大的，所以我
们首先考虑10，为了让和数最小，10两边的数必须为6和7．

然后考 虑9，9显然只能放到图中的位置，最后是8，8的位置有两个位置可放，而且也
不能立即得到哪个位置 的乘积和最小，所以我们两种情况都计算．
8×7+7×10+10×6+6×9+9×8=312;
9×7+7×10+10×6+6×8+8×9=313．
所以，最小值为312．

8．一个两位数被它的各位数字之和去除，问余数最大是多少?

【分析与解 】设这个两位数为
ab
=lOa+b，它们的数字和为a+b,因为lOa+b=(a+b)+ 9a，
所以lOa+b≡9a(mod a+b)，

设最大的余数为k，有9a≡k(mod a+b)．

特殊的当a+b为18时， 有9a=k+18m，因为9a、18m均是9的倍数，那么k也应是9的
倍数且小于除数18，即0， 9，也就是说余数最大为9；

所以当除数a+b不为18，即最大为17时，


m=7+9t
:余数最大为16，除数a+b只能是17，此时有9a=15+17 m，有

(t
a=15+17t

为可取0的自然数)，而a是一位数，显然不满足；
：余数其次为15，除数a+b只能是17或16，

除数a+b=17时，有9a=15+17m,有

显然也不满足；


m=6+9t
,(t为可取0的自然数)，a是一位数，
a=13+17t

m=3+9t
除数a+b=16时，有9a=15+16m, 有

(t为可取0的自然数)，因为a是一位数，
a=7+16t

所以a只能取7，对应b为16-7=9，满足；

所以最大的余数为15，此时有两位数79÷(7+9)=4……15．

10．用 1，2，3，4，5，6，7，8，9这9个数字各一次，组成一个被减数、减数、差都是三
位数的正确 的减法算式，那么这个算式的差最大是多少?

【分析与解】 考虑到对差的影响大小 ，我们先考虑百位数，为了让差最大，被减数的百
位为9，减数的百位为1，如果差的百位为8，那算式 就是如下形式：剩下的6
个数字为2、3、4、5、6、7，因为百位数字为8，所以我们可以肯定被减 数的十位数字比减
数要大，而且至少大2，因为1已经出现在算式中了，算式的可能的形式如下：

得数的十位只可能是减数和被减数的十位数字之差，或者小1，可能的算式形式如下：

但这 时剩下的数都无法使算式成立．再考虑差的百位数字为7的情况，这时我们可以肯
定减数的十位数比被减 数要大，为了使差更大，我们希望差值的十位为8，因此，算式可能
的形式为：

再考虑剩下的三个数字，可以找到如下几个算式：
，所以差最大为784．

12. 4个不同的真分数的分子都是1，它们的分母有2个是奇数、2个是 偶数，而且2个分
母是奇数的分数之和与2个分母是偶数的分数之和相等．这样的奇数和偶数很多，小明 希望
这样的2个偶数之和尽量地小，那么这个和的最小可能值是多少?

【分析与解】 设这四个分数为上
零自然数)

有
1111
、、、(其中m、n、a、b均为非
2m
2n2a+12b+1
11111111< br>+=+，则有-=-，
2m
2n2a+12b+1
2m
2b+12a +12n
我们从m=1,b=1开始试验：
1111111111
=+=+，=+=+，
263443
12
4 66
1111111111
=+=+，=+=+，
4205885
30
6
1010
11111
=+=+，﹍
65
101212
111
我们发现，和分解后具有相同的一项，而且 另外两项的分母是满足一奇一偶，
56
10
满足题中条件：
1111
+=+，所以最小的两个偶数和为6+10=16．
5
15
6
10

14.有13个不同的自然数，它们的和是100．问其中偶数最多有多少个?最少有多少个？

【分析与解】 13个整数的和为100，即偶数，那么奇数个数一定为偶数个，则奇数最
少为2个，最多为12个；对应的偶数最多有11个，最少有1个．

但是我们必须验证看是否有实例符合．

当有11个不同的偶数，2个不同的奇数时 ，11个不同的偶数和最小为
2+4+6+8+10+12+14+16+18+20+22=132， 而2个不同的奇数和最小为1+3=4．它们的和最小为
132+4=136，显然不满足：

当有9个不同的偶数，4个不同的奇数时，9个不同的偶数和最小为
2+4+6+8+10+1 2+14+16+18=90，而4个不同的奇数和最小为1+3+5+7=16，还是大于100，仍
然不满足；

当有7个不同的偶数，6个不同的奇数时，7个不同的偶数和最小为< br>2+4+6+8+10+12+14=56，6个不同的奇数和为1+3+5+7+9+11：36，满足 ，如2，4，6，8，10，
12，22，1，3，5，7，9，11的和即为100．
< br>类似的可知，最少有5个不同的偶数，8个不同的奇数，有2，4，8，10，16，1．3．5，

7，9，11，13，15满足．

所以，满足题意的13个数中，偶数最多有7个，最少有5个．