北京小升初数学分班考试试题精粹(答案解析版)

余年寄山水
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2020年09月26日 00:32
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2020年9月26日发(作者:钮文新)


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北京小升初数学
(答案解析版)











计 算



:..
1
..:





2

55

71757
2

35

1.【★】(
1

< br>97






2

8

3




3221

9

79

94989

7

167



6565

55
【分析】(
1
)原式




()65513
< br>9

79

7
715177

2
) 原式
()1

948899

3
)原式


35
32213221126480606

167
531163
2.【★】计算:
1(42)

684178

【分析】 解答如下:
51163
原式12 
68178
517168
   1
68173

516
   1
63
1
   7
6
1
3.【 ★】
4.4112.50.420.6125%1


4

【分析】 原式
4.41.251.254.20.61.251

1.25(4.44.20.6)1

1.2581
101
9



757

4.【★】
3.9561.456


18


9618


757
【分析】 原式
3.9561.456181818

9618
6(3.951.45)-14157

1514157

9


1

721

1

1
5.【★】

3


73



7

2222

7

3

【分析】 原式

222222721
()

7372222



222221
)
3722

73

4
(

6.【★】设
a

b
都表示数,规定
a△b3a2b
,如果已知
4△b2< br>,则
b
=( )。

【分析】
4

b342b122b2,b5


1 111
7.【★】计算:19+
9
+
7
+
3
+4
= .
24832
【分析】 此题由整数和几个带分数相加 ,观察发现带分数分数部分是
111
1
、、、。因此,可将原式拆成整数与分
24
8
32
数两部分,整数部分求和,分数部分化通分化成同分母分数计算求和。
1111
原式=
(199734)()

24832
=
42(
=
42
=
42

16841
)

32323232
29

32
29

32

111111
8.【★★】
123456

2612203042

111111
【分析】原式
(123456)()

2612203042

21(
111111
)

213243546576

)

22334455667

21(1
1

21(1)

7
6

21

7

9.【★★】若
a

b
是两个数,我们定义新运算“☆”, 使得
a

b
=
a
+2
b
,则(5☆3)☆ 2=______.

【分析】
(5☆3)☆2=(5+23)☆2=10☆2=10+22=14


11111111
10.【★★】在
1W

W
”中应填入的数是__________。

算式中,
3691236912




251
【分析】
11

 

13294
,所以“
W
”中应
36944361944
填入的数是
3294


11. 【★★】规定
aba

a1



a2

LL

ab1

,(
a
b
均为自然数)如果
x1065
,那么
x
______。

【分析】
x△10x(x1)(x2)ggg(x101)65


10x12L965


10x4565


10x20


x2


12.【★★】设
a

b
都表示数,规定
ab3a2b
,如果已知
4b2
,则
b
______。

【分析】
4△b342b2


122b2


b5


13.【★★】计算:
111111


2

【分析】 解答如下:

原式
111111

4556677889910
111111
   
L

4556910

11
   
410
3
    
20
14.【★★】计算:
23562356

【分析】 解答如下:
原式2356
2356

2357
235623 572356
2357
2357
   2356

2356(23571)
2357
   
2358


15.【★★】按规律填数:
(1) 2、、618、54、____、____、1458
(2) 1、、、3715、_____、63、_____、255、511





【分析】 (1)此串数列出现的规律为后数是前数三倍,填
.所以填162、486.
5431 62,1623486,48631458,
(2)此串数列出现的规律为
2
n
1
的数,所以第五个是
2
5
131
,第七个是2
7
1127


16.【★★】有34个偶数的平均数 ,如果保留一位小数是15.9,如果保留两位小数,得数最小是_______。
【分析】
15.8534538.9
所以和最小为
540


5403415.882
保留两位小数最小为
15.88


1111111111
17.【 ★★】计算:
()()()()()

234571014152830

【分析】 解答如下:
1111111 111
原式()()
2470
147421106 321
   
2830

11
   1
15< br>4
   
15
372
23522.375
11
7
18.【★★】
837
3

1
21

(66.125)56
7

337373
2322
78
3
11
【分析】 原 式

87
11
21
(66)56
78
3774
7


11
21
()56
7837
21

7


8774
1
1

2


19.【★★ 】
4
3
5
1
2
3
1
2





【分析】 原式

5
4
1
3
2
52

4
5
1
3
4
5

5
4
5
11

56
1

49
49
11

9



11< br>
1

20.【★★】

10.258






31.55


14< br>


32

3



191
【分析】 原式


(108)(1.55)
4144
17
(0.251.55)
28
455


289
25

28
1

21.【★★】定义运算 ※为
a

b
=
ab(ab)
,如果
3
※(
5

x
)=
3
,则
x
=( )。

【分析】
3
※(
5

x
)=< br>3

[5x(5x)]
3
(4x5)
3(4x5 )(34x5)12x154x28x133,x2



22.【★★】(北京市一零一中学计算机培训班04~05学年一学期第一次随堂测试第3题) < br>计算:
2481014162022...929498100____________。

【分析】 原式加数规律与(1)类似,即原式变形为从 2到100偶数数列的和减去等差数列6、12、18、24、…、90、
96的和。
原式=
246810121416182022...9092949810 0

=(2+4+6+8+10+12+14+16+18+20+22+…+90+92+9 4+96+98+100)-(6+12+
18+24+…+90+96)
=
(2100)502(696)162

=
102251028

=
10217

=
1734


2202

100
1
........
23.【★★★】




2


2

100
1
)()
LL
()
【分析】原式

< br>(

2


203203

101

101
100
100

101





24.【★★★】

【分析】原式



1

1

1

1

1

1

25.【★ ★★】

1



1



1



1

........

1



1



2
2

3

3

99
< br>99


19941996199820002002

19951997199920012003
519981998


519991999
0110050
【分析】原式
L 


2233498999929999


26.【★★★】
112128
372
61.3162.12
23522.375
11
45
(
2
)
2525
(
3
)
8377
(
1
)
10
3

1994
1
21
24.234. 241.33.125
(66.125)56
210105
7
8< br>
812510581255


104137

4137
【分析】(
1
)原式

510109559

24239104239


8125542399533405


41 3755922
6.52.12.4
8
5
25

(
2
)原式
5

1825
4.2 4.81.33
8258
33737337
2322
78

74

7

21

3
(
3
)原式

87
11
21
1
56742
(66)56
7856

1818
1927.【★★★】
(L)(L)(L)L()


234220
20
【分析】原式

11212312 3
L
19


L

23420
1 213119
2319
1
222
L



23420


1111
23L19

2222



1

(123L19)

2

95



28.【★★★】比较
【分析】


6616661
和的大小。
9989998
66 16610

9989980
6661661051


998099809980
666166616661(99989980)666118


998099989980999899809998
519998 51666118


99809980999899809998
6616661


9989998
所以

29.【★★★】解不定方程
7x11y1288
,并求正整数解组数.
【分析】
128811117LLL1

115156


(128856)(711)16



17

17

17

(1+17)

1+



1


L


1

3

2

19

=_________ __. 30.【★★★】

19

19

1 9

(119)

1



1< br>

L


1


2
 
3

17

192036

L

2319
【分析】原式

212236
20
L
2317
18
181920
L
36
18 19



202122
L
36


202122
L
36

202122
L
36

1



31.【★★★】1+

【分析】 观察这些分数的分母,都是连续自然数的和,我们可以先求出分母来,再运用裂项法,裂项简算。

1
2
1
==
12
(12)2
(12) 2
2
11
2

=
123
(13)3
(13)3
2

1111
= .
....
1212312341234...10




1
2
1
==
(14)4
(14)4
1234
2
……

1
2
1
==
(110)1 0
(110)10
1234L910
2
原式=1+
=
2222
+++…+
(12)2(13)3(14)4(110) 10
22222
++++…+
122334451011
11
11
11
1
11
+-+-+-+…+-)
22
33
44
5
1011
1

11
=2×(1-
=2×(1-
=2×
=


10

11
20

11
3 2.【★★★】(北京市一零一中学计算机培训班04~05学年一学期第一次随堂测试第13题)
将 奇数按下列方式分组:(1)、(3,5)、(7,9,11)、(13,15,17,19)…第16组中所有 数的和是________

____。

【分析】 奇数分组规律为,第 一组有一个奇数、第二组有两个奇数、…、第N组有N个奇数。所以,第16组有16个
奇数,要计算所 有数的和,需先确定这组数的首、末两个奇数。
∵前15组奇数个数共:1+2+3+…+14+15=120(个)
∴第16组的第一个奇 数是奇数列的第121个奇数,即
1(1211)2241

第16组的最后一个奇数是奇数列的第136个奇数,即
1(1361)2271

∴第16组中所有数的和是:
(241271)1624096
.

小结:第1、2题实质考察对数列规律的观察,及等差数列相关公式的运用。


11111111
33.【★★★】计算:
()128

8244888

111111111
【分析】 原式=
()128

4262
=
32(1
1111
)

223344556677889
1
=
32(1)

9



=

256

9
1
是第____________个数。
10
1121
1
【分析】 观察数列规律,按分母相同的分数分组:分母为1 的分数;分母为2的分数、、;分母为3的分数、
1222
3
2
3
2
1
234321123
、、、;分母为4的分数、、、、、、;……;分母为10的分 数、、、…、
3
3
3
3
444444101010
9109 321
、、、…、、、。
1
34.【★★★】已知一列数:
,,,,,,, ,,,
,那么
1121123211
1222333334
各组分数个数 分别是1、3、5、7、9、…、17、19。
第一个
1
前的分数(分母为1的到分 母为9的)个数共:1+3+5+7+…+17=81(个)
10
1
是第81+1=82个分数
10
1
是第81+19=100个分数
10
所以,第一个
第二个

35.【★★★】同学们办奥运板报,“数学智力”板报有这样几道题:
(1)
22222666663333355556
=___________;


【分析】 原式
222222333333333355556


44444333335555633333


(4444455556)33333


10000033333


3333300000


(2) a,5,b,c,d,e,3,任意3个相邻之和相等,那么a=________,d=_________。

【分析】 因为任意3个相邻数之和相等,所以可推知a+5+b=5+b+c,5+b+c=b+c+d,
则a=c=3,d=5。



36.【★★★】
91 0921

121

12321

12
计算 :
1








L



L

L



1010101010

222

33333
1010

【分析】 解答如下:



原式1
12112321123
L
9109
L
21

L

2310
49100

   1
L

2310   123
L
10
   55

37.【★★★】计算:
1

111

111

111

11
1
L

L1
L

L


2004

232005

232005

23 2004

23

【分析】 设:
111111
La

Lb

2320 04232005
原式(1a)b(1b)a
   babaab

   ba
   
1
2005


38.【★★★】计算:
9999222233333334


【分析】 解答如下:
原式33333222233333334

   3333(66663334)
   333310000

   33330000

39.【★★★】
a8.88.988. 9988.99988.99998,a
的整数部分是 .
a
一定大于
8.8544
,一定小于
8.99998544.9 999
,所以
a
得整数部分只能是
44
. 【分析】



40.【★★★】编辑一个运算程序:
1

12,m

nk,m

(n1)k2

1

2005
的输出结果为( )

A

4008

B

4006

C

4012

D

4010


【分析】 解答如下:
1
12,
1

(11)1

22242 2
1

(21)1

342623
1

(31)1

462824
LLL
1

2005220054010

253749
41.【★★★】计算:
517191

334455




【分析】 解答如下:
原式
51323714 3491545

354759
513271439154

   
579
   314151
   123


11111
42.【★★★】计算:
()()( )()

57911137911

【分析】 解答如下:
1111111
设:
a,b

579117911< br>原式a(b
11
)(a)b
1313
11
    abaabb
1313
1
   (ab)

1311
   
135
1
   
65


1112
43.【★★★】计算:

=______.

L

112123123
L
100

【分析】 解答如下:
原式
2222

LL
122399100100101
1111111
   2(1
LL
)
22334100101
1
   2(1)

101
99
   1
101
200
    101


44.【★★★】定义两种运算:“○”和“▲”,对于任意两个整数
A、B
,已知:
A

B
=
AB1


A

B
=
AB1
.若
X
○(
X

4
)=30,则
X
=_______ .

【分析】
X
○(
X

4
)=X

(4X1)
=
X(4X1)15X30,X6






45.【★★★】计算:
99999777783333366666


【分析】 解答如下:
原式9999977778333333222 22
   99999777789999922222
   99999(77 77822222)
   99999100000
   9999900000


&&&&
&
. 46.【★★★】
1.993+19.94+199.5=

【分析】 原式
1
993945
19199

999999
99 3945
)
999999
(119199)(

2 192
1828
3663
1828
221
3663


200520062006200720072008
,则有( ).
,b,c

200720082008200920092010

A

a
>
b
>
c

B

a
>
c
>
b

C

a
<
c
<
b

D

a
<
b
<
c


【分析】 解答如下:
47.【★★★★】若
a
20052
 
20072
20062

b

a
>
b

b
>
c
,所以:
a
>
b
>
c


20082
20072
c< br>20092
a

48.【★★★★】对于任意的两个实 数对
(a,b)

(c,d)
,规定
(a,b)
=
(c,d)
,当且仅当
ac,bd
;运算“

”为:
( a,b)

(c,d)(acbd,bcad)
,运算“

” 为:
(a,b)

(c,d)(ac,bd)
.设
p,qR
,若
(1,2)

(p,q)
=
(5,0)

(1,2)


(p,q)
=( )

A

(4,0)

B

(2,0)

C

(0,2)

D

(0,4)


【分析】 ∵
(1,2)

(p,q)(p2q,2pq)(5,0)


p2q5,2pq0


p1,q2


(1,2)


(p,q)(1p,2q)(11,22)(2,0)



49.【★★★★】



910921

121

12321

12
计算:
1








L



L

L



1010101010
< br>222

33333

1010

【分析】 解答如下:
原式1
12112321123
L
9 109
L
21

L

2310
491 00

   1
L

2310
   123 
L
10
   55


50.【★★★★】(2002年一零一培训学校六年级计算机素质培训班结业检测题二试第8题)
有n个连续自然数的和是196,则此数列的中间数为____,最大数是____。

【分析】 因为求此连续自然数列的中间数,所以,此数列有奇数项,则中间数=196÷n,
所以,n是196的约数,且为奇数。
196分解质因数:196=2×2×7×7
196的约数中是奇数的有:1、7、49,经检验符合条件的数仅有7,所以,n=7,则此数列中间数是1 96÷7=2
8,最大数是28+3=31。

51.【★★★★】计算:
(20033002.30022003.20033002)2.0002


【分析】 解答如下:
原式(200330021.000120031.000 13002)2.0002
   2200330021.00012.0002

   20033002
   6013006

123

24332

13331




L

L

52.【★★★★】
123123


332

333333333

333333333< br>

【分析】原式
11




()()L()

332333333333333333333
332
L1

333
1
333333333333333111
444444444244 44444443
166个

1111
LL
的整数部分。
23416
11

1111

111

1
【分析】原式=
1






L




23

4567

8915

16
53.【★★★★】求分数
1
1 
11111
48

234816




3
1
2

1
3

1
16
4

原式=
1
1
2



1

3< br>
1

1111

1111

4





5

6

7

8





9

10
L

15

16




1
1111
2

4
2
8
4< br>16
83

所以整数部分为3。

54 .【★★★★】对于运算“*”规定如下:
x*y
11
xy

< br>x1

yA

,又知
2*1
2
3< br>,求1998*1999;
【分析】
2*1
112
21

(21)(1A)

3


1
3(1A)

211
3

2

6


1A2A1


1998* 1999
1
19981999

1
(19981)(1999 1)

1
19981999

1
19992000< br>


1
1999
 (
1
1998

1
2000
)
1
199 9
(
20001998
19982000
)



1199921
1999
(
19982000
)
1999000


55.【★★★★】计算1+
1
12

111
123

1234
....
1234...10
+
1
1234Ln

【分析】略


56.【★★★★】定义一种新的运算:
【】x 
x
1x
,求下式的值:

1
2008
】【
1
2007
】L【
1
3
】【

2】【】【
1

1
】L【
1
】【
1】
.
11
【分析】 据规则

1
2 008
】=
2008
1
1
1

20081

1
2007
】=
2007
1

1
20071
,……,
2008
1
2007
1
112


1
】=
3

1


1
】=
2
111


2
1
2
3
1
1
312
1

21

【】=
1
1

111
】=

3
1
1
21
1
1
2
12
1
20072008
【< br>2008
1
】=
1
2007
1

120 07


1
】=
2008
1

1200 8

1
1
1
原式=
1
200 81
+
1
20071
+…+
1
31
+
112
20072008
21
+
11
+
12
+…+
12007
+
12008

=(
1
20081
+
2008
12008
)+(
1
20071
+
2007
12007
)+…+(
13 121
31
+
13
)+(
21
+
12)+
11







=1+1+…+1+1+

111
=1×2007+=2007
22257.【★★★★】(2003年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛第10题)有一列数,按照下列规律 排列:1,2, 2,3,
3,3,4,4,4,4,5,5,5,5,5,6,6,6,6,6,6,7,…
这列数的第200个数是___________。

【分析】 观察数列规律,将相同数分为一组,各组的数字个数为:
第一组1——1个,第二组2——2个,第三 组3——3个,第四组4——4个,第五组5——5个,…,第n
组n——n个。
所以,前n 组共有数:1+2+3+4+…+n=
因为,
(1n)n
(个)
2
(119)19(120)20
=190<200<=210
22
所以,第200个数是第20组中的数,即第200个数是20。










计 数


1.【★】从
15
名同学中选
5
名参加数学 竞赛,分别满足下列条件的选法各有多少种?(
1
)某
两人中至少有一人入选。(
2
)某三人不能同时入选。

55
【分析】 (
1
)从
15
名同学中任选
5名有
C
15
种选法,其中某两人均未入选的有
C
13
种 ,所以某两
55
C
13
1716
种选法。 人中至少有一人入 选的有
C
15
52

2
)从
15
名同学中 任选
5
名有
C
15
种选法,其中某三人同时入选的有
C12
种,所以某三人
52
C
12
2937
种选法。 不能同时入选的有
C< br>15
2.【★】有5家英国公司,6家法国公司和8家中国公司参加某国际会议洽谈贸易,彼此都 希望与异国的每一个公司单
独洽谈一次,需用安排)____次会谈场所。
【分析】
5(68)68118



3.【★ ★】有10枚棋子,每次拿出2枚或3枚,要想将10枚棋子全部拿完,共有多少种不同的拿法?
【分析】
2222210





223310


232310


332210


323210


5
种。

4.【★★】有三张卡片,正、反面 各写有1个数字,第一张写有0和1。第二张写有2和3,第三张写有4和5。从这
三张卡片中取出两张 ,放成一排,那么一共可以组成_____个不同的两位数。

【分析】第一张和第二、三张 各可组成
6
个,第二、三张可组成
8
个。

62820


5.【★★】标有1,2,3,4的数字卡片各有100张,每次任选其中5张卡片相加,至少选 次才能保证有两次相
加的和相等。
【分析】
5
张卡片相加,和为
5 20

16
种不同的值,
所以至少选
17
次才能保证有两次相加的和相等。

6.【★★】在一个圆周上有8个点,正好把圆周八等分,以这些点为顶点作三角形,可以作出 个等腰三角形。

【分析】一个顶点上有三个不同的等腰三角形,圆周上有
8
个顶点,
所以一共有
8324
个等腰三角形。





7.【★★】小明有
8
张连在一起的电影票(如图),他自己要留下四张连 在一起的票,其余的送给别人.他留下的四张票
可以有 种不同情况.

【分析】
3912







8.【★★】用数字
0

1

3
4

5
这五个数字,可以组成多少个没有重复数字的三位偶数?
【分析】分个位是
0
和个位是
4
两种情况考虑。当个位是
0时,百位有
4
种选择,十位有
3
种选
择,共有
43
种;当个位是
4
时,百位有
3
种选择,十位也有
3
种选择,共有
33
种;
所以一共有
433321
个没有重复数字的三位偶数。


10.【★★】兔妈妈摘了15个磨菇,分装在3个筐子里,如果不允许有空筐,共有多少种不同的装法?
如果允许有空筐有多少种不同的装法。
【分析】每个筐至少有
5
个,有
1
种情况;
每个筐至少有
4
个,有
2
种情况;

1
2
3
4
5
6
7
8



每个筐至少有
3
个,有
4
种情况;
每个筐至少有
2
个,有
5
种情况;
每个筐至少有
1
个,有
7
种情况;
共计
1245719


2
个空筐,有
1
种情况;

1
个空筐,有
7
种情况;

191727


11.【★★】张华、李明等七个同学照相,分别求 出在下列条件下有多少种站法:(
1
)七个人排成
一排,张华、李明都没有站在边上;(
2
)七个人排成两排,前排三个,后排四人;

3
)七个人排成两排,前排三个,后排四人,张华、李明不在同一排。

【分析】(
1
)先排两边,从除张华、李明之外的
5
个人中选
2
人,再排剩下的
5
个人, 所共有
P
5
2
P
5
5
2400
种站法。

2
)七个人排成一排时,
7
个位置就是各不相同的 。现在排成两排,不管前后排各有
几个人,
7
个位置还是各不相同的,就是
7
个元素的全排列。共有
P
7
7
5040
种站法。

3
)“张华在前,李明在后”和“李明在前,张华在后”,两种情况是对等的,所以只要 < br>求出其中一种排法数,再乘以
2
即可。共有
P
5
5
 P
4
2
22880
种站法。





12.【★★】沿左下图中箭头所指的方向从
A

B
共有 多少种不同的走法?





【分析】从
A< br>出发到两条竖线的中点各有
2
种走法,而从这两个竖线的中点出发到
B
又各有
2
种走法,所以共有
22228
种不同的走法。

13.【★★★】
1,2,3,4,5,6,7
七个数中,选三个数使它们的和能被< br>3
整除,那么不同的选法有多少种?

【分析】按除以
3
的 余数情况分类,上述七个数可以分成三类,分别为除以
3

0,1,2
的数。 其中
除以
3

1
的有
3
个,除以
3
0,2
的各有
2
个。选三个数使它们的和能被
3
整除 ,那么
这三个数要么除以
3
的余数相同,要么除以
3
的余数分别为
0,1,2
,所以共有
223113
种。

1 4.【★★★】下图是八间房子的示意图,相邻两间房子都有门相通。从
A
点穿过房间到达B
处,如
果只能从小号码房间走向大号码房间,那么共有多少种不同的走法?








【分析】
8
只有一个口,只能选择进
B

7
有两种选择,可以选择进
B
也可以选择进
8
,所以
7


2
种走法;依此类推,每间房间的走法种数如下:
81;72;63;55;48;313;221;134

所以从
A
点开始有
213455
(种)。


15.【★★★】用
2,4,6
三个数字来构造四位数,但是不允许有两个连着的2
出现在四位数中(例如
6442

4242
是允许的,2264

4222
就不允许),问这样的四位数共有多少个?

【分析】 先计算没有
2
的四位数的个数,
2222=16
, 共有
16
个。
再计算只有
1

2
的四位数的个数 ,
2224=32
,共有
32
个。
再计算有
2
2
的四位数的个数,有三种可能,两个
2
分别在千位和十位,千位和个 位,
百位和个位。
22312
,共有
12
个。

16321260
,所以这样的四位数共有
60
个。


16.【★★★】如果一个四位数与一个三位数的和是
1999
,并且四位 数和三位数是由
7
个不同的数字组
成的,那么,这样的四位数最多能有多少个?

【分析】 四位数的千位数字是
1
。由于这个四位数与三位数的相同位数上 的数字之和小于
19
,所以
这个四位数与三位数的相同位数上的数字之和均等于9
。这两个数的其他数字均不能为
8

四位数的百位数字
a< br>可在
0

2

3

4

5

6

7
中选择,这时三位数的百位数字是

9 a
;四位数的十位数字
b
可在剩下的
6
个数字中选择,三位数的十 位数字是
9b
。四位
数的个位数字
c
可在剩下的
4个数字中选择,三位数的个位数字是
9c
。因此,所说的四
位数有
764=168
个。


17.【★★★】如 果一个三位数
ABC
满足
AfB

BpC
,那么这个三位数 称为“凹数”,求所有“凹
数”的个数。

【分析】 当
B
为< br>0
时,
A

C
可以为
1,2,3,4,5,6,7, 8,9
中的任何一个,此时有
99
种;当
B

1
时,
A

C
可以为
2,3,4,5,6,7,8,9
中的 任何一个,此时有
88
种;…;当
B

8
时,有
11
种;
所以共有
9988L11285
(个)。

18.【★★★】一个三位数,如果它的每一位数字都不小于另一个三位数对应数位上的数字 ,就称它“吃
掉”另一个三位数。例如
532
吃掉
311

123
吃掉
123
。但
726

267
相互都不 被吃掉。问:
能吃掉
678
的三位数共有多少个?

【分析】可 以放在百位的数有
6,7,8,9
四个数字,可以放在十位的有
7,8,9
三 个数字,可以放个位的
数字只有
8

9
。那么,能吃掉
6 78
的三位数一共有
43224
个。





1
2
4
3
5







19.【★★★】满足下式的填法共有 种。




【分析】本题相当于:求两个一位数之和不小于
10
的算式有多少种。

ab10


a1
时,
b9
,有
1
种;

a2
时,
b8,9
,有
2
种;
……

a9
时,
b1,2ggg9
,有
9
种。
共有
123ggg945
(种)。


20.【★★ ★】有四张卡片,正、反面各写有1个数字。第一张写有0和1,第二张写有2和3,第三张写有5和6,第四张写有7和8。从这四张卡片中取出两张,放成一排,那么一共可以组成多少个不同的两位数。(注意:卡 片上的6
可以摆成9。)

【分析】当选中有
6
的卡片,


3322336333

当没有选中
6
时,

3222424420


342053



21.【★★★】用黑、白两种珠子按照一定规律摆成三角阵。前四次摆的如下图,当摆到第 个三角阵时,这个三
角阵中的黑珠子第一次比白珠子多。

【分析】白珠子依次是
697

黑珠子依次是



8
个三角阵时,黑珠子第一次比白珠子多。

22.【★★★】一张长方 形纸片,长是宽的2倍,先对折成正方形,再对折成长方形,再对折成正方形,…,共对折7
次,将纸打 开展平,数一数用折痕分割成的正方形共有多少个?

【分析】 从简单情况入手,第一次对折开始分析,
第一次对折,展平,折痕分割成的正方形共
22
1
个;



第二次对折,展平,折痕分割成的长方形共
42
2
个;
第三次对折,展平,折痕分割成的正方形共
82
3
个;
第四次对折,展平,折痕分割成的长方形共
162
4
个;
第五次对折,展平,折痕分割成的正方形共
322
5
个;
第六次对折,展平,折痕分割成的长方形共
642
6
个;
第七次对折,展平,折痕分割成的正方形共
1282
7
个。
观察 发现规律,奇数次对折时,展平后的折痕分割成的图形是正方形,所以,对折七
次,将纸展平,用折痕分 割成的正方形是
2
7
128
个。


23.【★★★】图中含有“※”的长方形总共有________个.
*
*


【分析】 根据本题特点,可采用分类的方法数。按长方形的宽分类,数出含※号的长方形的个数。
含有左上※号的长方形有:6+6+6=18个
其中,宽为1(即高度为一层)的含※号的长方形为:6个
宽为2(即高度为两层)的含※号的长方形为:6个
宽为3(即高度为三层)的含※号的长方形为:6个

含有右上※号的长方形有:6+6×2+6=24个
其中,宽为1(即高度为一层)的含※号的长方形为:6个
宽为2(即高度为两层)的含※号的长方形为:6×2个
宽为3(即高度为三层)的含※号的长方形为:6个
同时含有两个※号的重复计算了,应减去,同时含有两个※号的长方形有:6+6=12个
其中,宽为2(即高度为两层)的含※号的长方形为:6个
宽为3(即高度为三层)的含※号的长方形为:6个
所以,含有※号的长方形总共有:
18241230



24.【★★★】(2005~2006学年度一零一计算机综合素质培训学校第一学期期末测试Ⅰ第9题)图中 正方形的四边共有
8个点,其中任意4点不在一条直线上,那么可组成多少个四边形?


【分析】 本题实质是组合问题。因任意不在一条直线上的4点可组成一个四边形,且所选四 点不分排列顺序,所以,
4
从8个点中(其中任意4点不在一条直线上)任选4点可组成的四边 形是
C
8
=1680个。
25.【★★★】甲、乙、丙、丁四人各有一个作业本混放在一起,四人每人随便拿了一本.问:
(1)
甲拿到自己作业本的拿法有多少种?
(2)
恰有一人拿到自己作业本的拿法有多少种?
(3)
至少有一人没拿到自己作业本的拿法有多少种?
(4)
谁也没拿到自己作业本的拿法有多少种?

[答案] 甲拿到自己的作业本有
3!
种拿法。



恰好有一人拿到自己作业本的拿法有
428
种。
至少有一人没有拿到自己作业本的拿法有
4!1
种,
谁也没有拿到自己的作业本的拿法有
331
种。


26.【★★★】在
100
件产品中,有
98
件合格品,
2
件次品。从这
100
件产品中任意取出
3
件.
(1)
一共有多少种不同的抽法?
(2)
抽出的
3
件中恰好有件是次品的抽法有多少种?
(3)
抽出的
3
件中至少有
l
件是次品的抽法有多少种?

[答案]
(1)
一共有

(3)
2
10099989897
161700
种抽法。
(2)

29506

32121
9897
989604

21
2 7.【★★★】由
0,1,2,3,4,5
组成的没有重复数字的六位数,百位不是
2
的奇数有( )个.

分析:个位有
1,3,5
三种选择 ,百位有
1,3,4,5
四种选择,除去已经选择的个位的一个数字,那么还有三种选
择.
332313162



28.【★★★】(2 004年北京一零一培训学校六年级结业考试第3题)有红、黄、蓝三面旗,把这些旗挂在一个旗杆上做
成各种信号,如果按照挂旗的面数及从上到下颜色的顺序区分信号,那么利用这三面旗能表示_________ _种不同信号。
(不算不挂旗情况)


13
【分析】 分为挂一 面、两面、三面三类情况。
p
3
+
p
3
2
+
p
3
=15(种)

29.【★★★】某池塘中有
A、B、C< br>三只游船,
A
可乘坐
3
人,
B
可乘坐
2人,
C
可乘坐
1
人,今有
3
个成人和
2
个儿童
要乘坐这些游船,为了安全起见,有儿童乘坐的游船上必须至少有
1
个成人陪 伴,那么他们
5
人乘坐这三条游船的所有
安全乘坐方式有______种.

【分析】
5320311221
,当
5320< br>时,有
2
种;当
5311
时,有1种;当
522 1
时,有
1种,所以一共有
2114
种.
【分析】

30.【★★★】下图为某邮递员负责的邮区街道图,图中交叉点为邮户,每个小长方形的长 为
180
米、宽为
150
米.如果
邮递员每分钟行
200< br>米,在每个邮户停留半分钟,从邮局出发走遍所有邮户,再回到邮局,最少要用分
钟 .






邮局
180< br>150
A
D
E
H
F
G
B
C

【分析】 走的路线如图:从
ABCDEFGHA
一共
(1 8091503)220020.7






31.【★★★★】(2003年一零一培训学校期末考试题(2003年12月)第19题)
如图,某城市的街道由5条东西向马路和7条南北向马路组成,现在要从西南角的A处沿最短的路线走到东北角B出,由于修路,十字路口C不能通过,那么共有____种不同走法。


【分析】 本题是最短路线问题。要找出共有多少种不同走法,关键是保证“不重”也“不漏”。可用对 角线法(或称标
号法)。共120种。


32.【★★★★】(北京市一 零一中学计算机培训班六年级04~05学年一学期第四次随堂测试第12题)
小王在一年中去少年宫 学习56次,如图所示,小王家在P点,他去少年宫都是走最近的路,且每次去时所走
的路线正好互不相 同,那么少年宫在____________点处。
P
E
C
人工湖
D
B
超市
A



【分析】 本题属最短路线问题。运用对角线法分别计算出从小王家P点到A、B 、C、D、E点的不同路线有多少条,
B
其中,路线条数与小王学习次数56相等的点即为少年 宫。
因为,从小王家P点到A点共有不同线路84条;到B点共有不同线路56条;到C
C< br>点共有不同线路71条;到D点共有不同线路15条;到E点共有不同线路36条。
所以,少年宫 在B点处。
A

33.【★★★★】在右图的每个区域内涂上
A

B

C

D
四种颜色之一,使得每个圆里面恰有四
种颜色,则一共有__________种不同的染色方法。

【分析】因为每个圆内
4
个区域上染的颜色都不相同,所以一个圆内的
4
个区域一共有
432 24
种染色方法。如右图所示,当一个圆内的
1

2

3

4
四个区域的颜色染定后,
由于
6
号区域的颜色不能与< br>2

3

4
三个区域的颜色相同,所以只能与
1号区域
1
的颜色相同,同理
5
号区域只能与
4
号区域的 颜色相同,
7
号区域只能与
2
号区
2
域的颜色相同,所以当
1

2

3

4
四个区域的颜色染定后, 其他区域的颜色也
4
3
就相应的只有一种染法,所以一共有
24
种不 同的染法。
5
7
6

34.【★★★★】(如图)有
5 7
个黑点,由九条线段可以连接成一个正方体图形。这些黑
点共能连接出 个这样的正方体图形.(要求正方体图形的大小、方向均相同).

【分析】 如图,答案是
8








35.【★★★★】设有长度为
1,2,L,9
的线 段各一条,现在要从这
9
条线段中选取若干条组成一个正方形,
共有多少种不同的取法?这里规定当用
2
条或多条线段接成一条边时,除端点外,不许
重叠。

【分析】 因为

12L9

4
45
12

4
所以正方形的边长不大于
11

下面按正方形的边长分类枚举:

1
)边长为
11

9+2=8+3=7+4=6+5
,可得
1
种选法;

2
)边长为
10

9+1=8+2=7+3=6+4
,可 得
1
种选法;

3
)边长为
9
:< br>9=8+1=7+2=6+3=5+4
,可得
5
种选法;

4
)边长为
8

8=7+1=6+2=5+3
,可得1
种选法;

5
)边长为
7

7=6+1=5+2=4+3
,可得
1
种选法;

6
)边长
6
时,无法选择。

综上计算,不同的取法共有:
1+1+5+1+1=9
(种)。

36.【 ★★★★】将
4
个棋子摆放到右图的方格中,要求每一行、每一列最多摆一个棋子,共有多少种 不同的摆法?

【分析】由于每一行、每一列最多摆一个棋子,所以其中
4
列每列各有一个
棋子。先考虑左边的两列的两个棋子的方法,左边的两列构成如右
图的图形。如果有一个棋子在
1
号格,那么另一个棋子可以放在
2


4
号格,有两种放法。如果有一个棋子在
3
号或
5
号格,那么另一
个棋子相应地只能放在
4
号或
2
号格,各有一种放法。所以左边的两
列共有
2114
种放法。左边的两列的棋子放好后,这两个棋子所
在的两行不能再放棋子,从右边的两列的
5
行中划去这两行,剩下的
3
行构成和右图完全一样的图形,所以右边的两列的两个棋子也有
4

种放法。所以共有
4416
种不同的放法。


37 .【★★★★】在正五边形
ABCDE
上,一只青蛙从
A
点开始跳动,它每次 可以随意跳到相邻两个顶点中的一个上,
一旦跳到
D
点上就停止跳动。青蛙在6次之内 (含6次)跳到
D
点有 种不同跳法。
【分析】
AED


ABCD

ABAED

AEAED

A
AEABCD

ABABCD

B
E


CD



ABCBCD

ABCBAED

ABABAED

ABAEAED

AEABAED

AEAEAED

一共
12
种。


5x7y3z25
38.【★★★★】求三元一次方程组:

的正整数解
3xy6z2

【分析】根据第一个式子可以 判断:
x5y4z9

根据第二个式子再进一步判断:
2x5

因为
2x5
,所以
z1

5x7y325

3xy62
解得
x3y1


39.【★★★★】(2005~2006学年度一零一计算机综合素质培训学校第一学期期末测试Ⅰ第20题) 甲射击员在练习射
击,前方有三种不同类型气球,共3串,有一串是红气球3个,有一串是黄气球2个, 有一串是绿气球4个,而且每
次设计必须射最下面的气球,问多少种不同的射法?




绿


【分析】 根据射击规则,任意一种打法都对应 三个红色气球,二个黄色气球,四个绿色气球,即9个物体的排列,当
然有
98765 4321
种排列方法。
但是,其中三个红色气球是不能随意排列的,应该是固定由下 到上的,而上面却包括了它的随意排列的情况,
所以应该除以
321
,其他黄色气 球、绿色气球依此类推。
所以共有射击方法:
(987654321) (321)(21)(4321)

=
(987654)(21)(4321)

=1260(种)


40.【★★★★】用三根火柴可拼成一个小“△” ,若用108根火柴拼成如图所示形状的大三角形,请你数一数共有多
少个三角形?





【分析】 首先,需弄清形状如图的大三角形共有多少层。
从上往下,第一层用3=3×1根火柴;第二层用6= 3×2根火柴;第三层用9=3×3根火柴;第四层用12=3×4
根火柴;第五层用15=3×5根火 柴;…;第n层用3n=3×n根火柴。
3691215L3n108

3132333435L3n108

3(12345Ln)108

12345Ln36

所以,n =8,即形状如图的大三角形共有8层,是边长为8根火柴的大正三角形。
然后,数出共有多少个三角形。
尖朝上的三角形共:
(1234567 8)(1234567)(123456)

+
(1 2345)(1234)(123)(12)1120
(个)
尖朝小的三角形共:
(1234567)(12345)(123)1 050
(个)
所以,共有三角形:120+50=170(个)

本题小结:
尖朝上的三角形:每一种尖朝上的三角形个数都是由1开始的连续自然数的和,其 中连续自然数最多的

和中最大的加数就是三角形每边被分成的基本线段的条数,

依次各个连续自然数的和都比上一次少一个最大的加数,直到1为止。
尖朝下的三角形的个数也是从1开始的连续自然数的和,它的第一个和恰是尖朝上的第二个和,依次各
个 和都比上一个和少最大的两个加数,以此类推直到零为止。



41.【 ★★★★】(2005~2006学年度一零一计算机综合素质培训学校第一学期期末测试Ⅰ第14题)
在一根长木棍上,有三种刻度线,第一种刻度线将木棍分成十等份;第二种将木棍分成十二等份;第三种将木棍分成十五等份;如果沿每条刻度线将木棍锯断,则木棍总共被锯成___________段。

【分析】 假设木棍长[10,12,15]=60cm,则沿第一种刻度线锯成的木棍每段 长60÷10=6cm,沿第二种刻度线锯成的
木棍每段长60÷12=5cm,沿第三种刻度线锯成的 木棍每段长60÷14=4cm。
因为,沿三种刻度线可将木棍分别锯成10、12、15段;沿第一 、二种重合的刻度线可将木棍锯成60÷
[6,5]=2段,沿第一、三种重合的刻度线可将木棍锯成6 0÷[6,4]=5段,沿第二、三种重合的刻度线可将
木棍锯成60÷[5,4]=3段;沿三种刻度 重合的刻度线可将木棍锯成60÷[6,5,4]=1段。(注:应减去重复
计算的沿任意两种重合的刻 度线锯成的段数,应加上多减去的沿三种刻度重合的刻度线锯成的段数。)
所以,沿每条刻度线将木棍 锯断,则木棍总共被锯成
101215253128



42.【★★★★】从
1

999

999
个自然 数中有( )个数的各位数字之和能被4整除.





【分析】 一位数时有:
4,8
,一共
2
个.
两位数时有:
AB能被4整除,那么AB4,8,12,16

13 ,117,22,26,31,35,40,44,48,53,57L
,一共
9222 0

三位数时有:
ABC能被4整除,那么ABC4,8,12,16, 20,24
,一共
318556043179

最后一共:
220179201


43.【★★★★】用< br>5,6,7,8
这四个数可以组成许多没有重复数字的四位数,所有这些四位数的和是_____ ____。

[答案] 用
5,6,7,8
这四个数组成没有重复数字的四 位数,千位有
4
种选择,百位有
3
种选择,十位有
2
种选择 ,个位
只有
1
种选择,共可以组成
432124
种。不同的 四位数,在这
24
个数里个位是
5,6,7,8
的各有
6
个 ,十
位,百位,千位也一样,数字和一共是
(5678)6156

24
个数的总和是:
156(1101001000)173316



44.【★★★★】电子计时器所显示的十个数字是

这样的一串 数,它表示的是
1

26

9

30
分< br>28
秒。如

09
每个数字都只能出现一次,称它所表示的时刻为“ 十全时”,那么
2008
年一共有多少个这样的“十全时”?

[答案] 在
1,2,10,11,12
月内没有“十全时 ”,
3
月中有
03 2___1___
□____□____符合,□中可填
4

5
,横 线可填
6,7,8,9
中的一个,于是共有
48
个,
4,5
约也有
48
个,
6
月也有两种符合
061___2(3)
□____□____,这样就

12

062___1
□____ □____符合,这样有
144
个,共
14412156
个,同样,7,8,9
月也分别有
156
个。 所
以,一年共有
768
个。




4 5.【★★★★★】从
1、2、3、4、5
中选出四个数,填入图中的方格内,使得右边的数比 左边的数大,下面的数比上面的数
大,那么,共有 种填法.

【分析】
10




46.【★★★★★】如图,在三条平行线上 分别有一个点,四个点,三个点(且
不在同一条直线上的三个点不共线).在每条直线上各取一个点,可 以画出
一个三角形.问:一共可以画出多少个这样的三角形?

F
B
C
D
E
A
6
7
PPP12
【分析】 < br>47.【★★★★★】有
12
块糖,小光要
6
天吃完,每天至少要吃一 块,问共有多少种吃饭?

5
C
11

【分析】
1
1
1
4
1
3
G
H
111098 7

54321


48.【★★★★★】有多少个四位 数,满足个位上的数字比千位数字大,千位数字比百位大,百位数字比十位数字大?




【分析】
C
4
987
10

10
4321
210























几 何


1.【★】求下列各图中阴影部分的面积
3
3
1
2
3
2
2
1
2
2
4
3 3
111

【分析】
(1)
阴影面积为正方形面积的一半。
阴影面积
=
1
2
448


(2)
阴影面积为两个三角形面积之和
阴影面积

1
2
23
1
2
32336


(3)
阴影面积为两个三角形面积之和
阴影面积

1
2
3
3
2

1
2
139315
4

2

4

2.【★】如右图,< br>AE
将平行四边形分为两部分,两部分的面积相差
15
平方厘米。
EC

厘米。


A
D
5
B
E
C




【答案】 过
E

EFPDC

EC1553


3.【★】根据图中所给的数据求阴影部分面积.
6
45

10
2
3
5
4

1102
2
11012
【分析】
(1)
阴影面积


()

()
2


()< br>2

222222

18< br>

251



5

15. 7

22
116
2
2

(2)阴影面积


6
4.5

95.13
822
925
1314115

(3)
阴影面积


()
2


()
2< br>34

()
2


2

6

6

88
2222222
4.【★】如下图 ,长方形
AFEB
和长方形
FDCE
拼成了长方形
ABCD
,长方形
ASCD
的长是20,宽是12,则它内部
阴影部分的面积是 。
A
B

F
D
E
C

【分析】阴影面积与空白面积相等,为长方形面积一半。
1

2012120

2
5.【★★】如图中是两个正方形,边长分别为8厘米和4厘米,那么阴影部分的
面积是 平方厘米?

11
【分析】 阴影面积
8
2
4
2
8
2
4

(48)
22

64163224


24
(平方厘米)

6.【★★】如图,平行四边形
ABCD< br>的周长为
75
厘米。以
BC
为底时高是
14
厘米,以
CD
为底时高是
16
厘米,求这个
平行四边形的面积。
A

D
【分析】 因为平行四边形的面积
BC14CD16

16
14
所以
BC:CD16:148:7
,
181735
BC7520

CD75
,
2872872
35
16280
(平方厘米)
2
平行四边形的面积是
280
平方厘米。
B
C
2014280
(平方厘米),或




7.【★★】求图中阴影部分的面积(单位:
cm
)。

【分析】 两部分阴影面积之和恰好是梯形面积
1
阴影面积
(24)39

2
8.【★★】下图中阴影部分的面积是 。
3
10
15
4
5
20

11
【分析】
1520(1554)(203)4(20103)3152 05

22

3001082822.550


97.5

9.【★★】圆柱体的表面积是2512平方厘米,底面半径是10厘 米.这个圆柱体的体积是多少立方厘米?


【分析】设高为
h

10
2

22

10h2512


h30

圆柱体的体积为
10
2

303000

9420< br>立方厘米。

10.【★★】一个底面半径为4厘米,高为20厘米的圆柱形水杯内装 满了水,另有一个圆锥形空水杯.它的上口周长
为62.8厘米,现把圆柱形水杯里的水往圆锥形水杯里 倒,当圆锥形水杯装满时.圆柱形水杯中还剩下14厘米高的水,
求圆锥形水杯的高?

【分析】 设圆锥高
h


S



4
2
(2014)96



62.8

210

1

S



10
2
h

3

h
396

286
2.86

100

100

11.【★★】一块矩形场地被一条路隔成甲、乙 两块,甲乙的面积之比为3:8,尺寸如图,甲的面积是____。



2


11

【分析】 矩形场地面积=22×11=242,隔离带面积=2×11=22,所以,甲、乙面积之和 =242-22=220。
3
因为甲、乙面积之比=3∶8,所以,甲的面积=220×=60。
38


12.【★★】如图,一块长方形铁皮,利用图中的阴影部分,刚 好能做成一个油桶(接头处忽略不计),那么这个油桶的
容积是 :(

=3.14)
22

【分析】 据题意,油桶两底面用铁 皮即为图中两个黑圆大小,油桶身子(周围侧面)用铁皮即为图中黑色长方形大小。

16.5 6
分米
观察图可知:长方形铁皮的长等于油桶底面直径加上底面周长,油桶的高等于长方形铁皮 的宽,即等于底面
直径的2倍。
设油桶底面半径为
r
分米,则得
2
r
+2

r
=16.56,解得
r
=2,所以, 油桶的高等于2×2×2=8分米,油桶底面面积等于

×
2
2
=1 256平方分米,
所以,油桶容积等于12.56×8=100.48立方分米(升)。


13.【★★】如图,已知
CF2DF
,
DEEA
, 三角形
BCF
的面积为
2
,四边形
BEDF
的面积为
4
.求三角形
ABE

面积.

C
F
D
【分析】
QCF2DF

11

S
V
BDF
S
V
BCF
21

22

S
V
BED
S
四边形BEDF
S
V
BDF
413


QDEEA


S
V
ABE
S
V
BED
3

E
A
B


14.【★★】图中每相邻两条线段都是垂直的,为计算出图形的周长,最少要量出 线段。

【分析】 横向至少
3
条线段
纵向至少
7
条线段




3710


< br>15.【★★】如图所示,在正方形
ABCD
中,
AB4
厘米,EC10
厘米。求阴
影部分的面积。

【分析】 如图所示,如果先求出
FD
的长度,那么就可以求出
AF
的长度,也
就可以求出阴影部分的面积。连接
FC


S
△FEC
S
△BEC
S
△BFC


104244212
(平方厘米),

FD
的长度为
122102.4
(厘米),

AF
的长度为
42.41.6
(厘米),
阴影部分的面积为
41.623.2
(平方厘米)。


1 6.【★★】如图,
ABCD
为长方形,
AB10
厘米,
BC6
厘米,
E

F
分别为
AB

AD
中点,且
FG2GE
.求阴影部分面积.

【分析】
S
CEF
S
W
ABCD
S

FDC
S

AEF
S

BCE

A
F< br>E
B
D
C
D
F
A
G
E
C< br>B
1545
161610110

106106

601515
22
2222222

114515
阴影面积
S
△CGE
S
△CEF


3322

17.【★★★】有两个边长为
8
厘米的正方体盒子,< br>A
盒中放入直径为
8
厘米、高为8厘米的圆柱体铁块一个,
B
盒中
放入直径为4厘米、高为8厘米的圆柱体铁块4个,现在
A
盒注满水,把
A
盒的水倒入
B
盒.使
B
盒也注满水,问
A
盒余下 的水是多少立方厘米?

8
【分析】
A

8
3
8()
2

512128


2
4

B

8
3
4 8()
2

512128


2

A

B

0

18.【★★★】(2003年 一零一中学入学摸底考试第18题)有一块宽为18厘米的长方形铁皮,在四角各剪去边长为5厘
米的正 方形后,将它焊成一个无盖的盒子.已知这个盒子的容积是480立方厘米(铁皮厚度忽略不计),原来这块铁皮
的面积是多少?

【分析】 由题意可知,焊成的无盖盒子的宽是18-5-5=8 厘米,高是5厘米,容积是480立方厘米,所以可求出无盖盒
子的长是480÷(8×5)=12厘米 ,原来这块铁皮的长是12+5+5=22厘米,所以,原来这块铁皮的面积是22×18=396
平方 厘米。





19.【★★★】把矩形分成
4
个不同的三角形,绿色三角形的面积是矩形面积的
15%
,黄色三


绿



角形的面积是
21
cm
2
,求矩形面积。

【分析】 绿色三角形面积
2
+黄色三角形面积
2
=矩形面积

35%
矩形面积等于黄色三角形面积
21

矩形面积=
60



20.【★★★ 】如图,梯形
ABCD
中,下底长是上底长的
2
倍,
E
是< br>AB
的中心点,那么梯

ABCD
面积是三角形
BDE
面积的多少倍。

E
A
D
BC
13
【分析】
S
梯形
(BCAD)hBCh

22
11

SVBCDBChBCh

22
111

SVAEDADhBCh

222
11

3

3


S
梯形
:S
V
BDE


BCh
:

BChBChBCh

3:13< br>
22

2

2



21.【★★★】如图,
ABCD
是长方形,长(
AD
)为
8.4< br>厘米,宽(
AB
)为
5
厘米,
ABEF

平 行四边形。如果
DH

4
厘米,那么图中阴影部分面积是多少平方厘米?

F
E
D
C

1
【分析】 阴影面积S
Y
ABEF
S
V
ABH
8.45(8. 44)5
421131

2


22.【★★★ 】如右图,
ABCD
是梯形,
ABED
是平行四边形,己知三角面积如下图所 示
(单位:平方厘米),阴影部分的面积是多少平方厘米。

【分析】 设
AC

DE

O


S
△AOD
:S
△CEO
8:24:1


AD:CE2:1

11

S
△CED
(168)6

22
阴影面积
624



23.【★★★】求图中阴影部分的面积。

【分析】 阴影面积

半圆面积

扇形面积

三角形面积
11211


()
2

12
2
121241.04

2282



A
B
A
8< br>16
B
E
2
D
C
A

D
2
B
F
3
4
C
E
A

F
E
D
C
B




24.【 ★★★】如右图,三角形
ABC
中,
D

C
中点,
BE2CE
,
BFAC
,
AD1
,求
DF


112
【答案】 连接
DF

S
△ADE
:S
△ABE
:1:4

323
A
E
F< br>G
B
H
D
DF:BF1:4

DF:AC1:4

DF0.5



25.【★★★】如右图,在边长为
24
厘米的正方形
ABCD
内有一个边长为
5
厘米的小正方

EFGH
。若四边形
ABFE
的面积是
148
平 方厘米,则四边形
DHGC
的面积是多少?

(24
2
5
2
)2148127.5
【答案】
C
26.【★★★】如右图,在一个边长是
1
的正十二边形中,从每条边向内 挖掉一个正三角形,
求所余的星形面积。

【答案】 阴影面积为
6
个边长
1
的三角形面积和

61
2
6




2 7.【★★★】如右图为一个正八边形,它的每条边长都是
10
厘米,每个内角都相等,求图中 阴影

部分与非阴影部分面积的差。

【分析】
4
个三角形面积和为
1010100

中心空白的正方形面积为
1010100

两边空白长方形与上下两个阴影长方形面积相等
所以阴影与非阴影面积相等,差为零。



28.【★★★】梯形
ABCD
中,
AC
是梯形的对角线,
AC
与平行四边形
A BFD

DF
边交于
E
点,怎样说明
S
△BEF< br>S
△DEC


【分析】 连接
AF

S
△FDC
:S
△AFD
CE:AE

S
△BEC
:S
△ABE
CE:AE

S
△FDC
S
△BEC

S
△BEF
S
△EDC

B
F
A
D
E
C

29.【★★★】在梯形
ABCD
中,
OE
平行于
AD
。如果三角形
AOB
的面积
7
平方厘米,三角形
DEC
的面积是( )



平方厘米。
A
E
O
D
B
C

【分析】
S
V
AEO
S
V
DEO

S
V
BEO
S
V
CEO


S
V
DEC
S
V
CDO
S
V
DEO
S
V
CEO


S
V
CDO
S
V
AEO
S
V
BEO

S
V
CDO
S
V
ABO


S
V
CDO
S
V
ABO
7


S
V
DEC
S
V
CDOS
V
ABO
7714


30.【★★★】把 一个高是8厘米的圆柱体,沿水平方向锯去2厘米后,剩下的圆柱体的表面积比原来的圆柱体表面积
减少 12.56平方厘米。原来的圆柱体的体积是多少立方厘米?

【分析】
2

r212.56

r12.562(2

)1


V 

r
2
88

25.12
(立方厘米)


31.【★★★】如下图,正方形
ABCD
的边长为8厘米,梯 形
AEBD
的对角线交于点
O
,且
AOE
的面积比
BOE
的面
积小16平方厘米,求梯形
AEBD
的面积。
AD

E
O
B
C
【分析】 ∵
S
V
AOD
S
V
BOE



S
ABD
S
V
ABE
(S
V
BOD
S
V
AOD
)(S
V
AOE
S
V< br>BOE
)


S
V
BOD
S
V
AOE
16

1

S
V
ABE
8
2
1616

2
1

S
梯形
S
V
AB D
S
V
ABE
8
2
1648

2


32.【★★★】如下图,平行四边形
ABCD
的面 积是72平方厘米,长方形
DEFG
的宽
EF
为8厘米,求
FD的长度。




FF
A
E
D
E
A
DB
G
CB
G
C

1
【分析】
S
V
ADG
S
W
DEFG

2

S
V
ADG

1
S
Y
ABCD

2

S
W
DEFG
S
Y
ABCD
72


FD7289


33.【★★★】如 下图,
ABC
的面积是10平方厘米,将
AB

BC
、< br>AC
分别延长一倍到
D

E

F
且两两连接 ,得
到一个新的
DEF
。求
DEF
的面积。
F
A

B
D
C
E

S
V
ABC
S
V
BCD
S
V
CDE
【分析】

S
V
ACE
S
V
AEF


S
V
ABF
S
V
BDF


10


S
V
DEF
7 S
V
ABC
71070



34.【★★ ★】如图,有一个边长是5的立方体,如果它的左上方截去一个边分别是5,3,2的长方体,那么它的表面积减少了百分之几?




【分析】 减少的面积
23212

立方体原来表面积
556150

12

100%8%

150




35 .【★★★】以长方形
ABCD
的边
AB

CD
为斜边向长 方形内作等腰直角三角形
ABE

CDF
,已知三角形
ABE

面积为
16
,长方形的周长为
44
,求三角形
BED< br>的面积是 。

A
D
EF
B
C

【分析】 三角形
ABE
是等腰直角三角形,斜边上的高
EH
等于< br>AB
的一半,
11

16ABEHAB
2

24
AB8

BC14

S
BED
148216144212

36.【★★★】三角形
AEF
的面积是
17

DE

BF
的长度分别为11、3。求长方形
ABCD
的面积。
ABA
G
B
F
H
M
F
D
E
CD
E
C

【分析】 如图,过
F

FHPAB
,过
E

EGPAD

FH

EG
交于
M
,连接
AM

S
矩形ABCD
S矩形AGMH
S
矩形GBFM
S
矩形MFCE
S
矩形HMED




AGAH2S
AMF
2S
EMF2S
AME

DEBF2S
AEF

11321767



37.【★★★】如右图,过平 行四边形
ABCD
内的一点作边的平行线
EF

GH
,若< br>PBE
的面积为8平方分米,求平
行四边形
PHCF
的面积比平行四 边形
PGAE
大多少平方分米?
A
E
P
F
G
D
B
H
C

【分析】 设
VPGD

CD
边上的高为
h
1
VPEB
PE
边上的高为
h
2
。则
11111

h
1
h
2

AGGD

AGh
1
GDh
2
PEh
2
SVPBE 8
整理得
GDh
2
AGh
1
8

22
222
11

S
Y
PHCF
S
Y< br>PGAE
8

S
Y
PHCF
S
Y
PGAE
16

22

38.【★★★】明代数学家程大位在 《算法统宗》里用旧体诗给出一题:平地秋千未起,踏板一尺离地。送行二步与人
齐,五尺人高曾记。仕 女佳人争蹴,终朝笑语欢喜。良工高士素好奇,算出索长有几?(注:“步”为古代长度单位,1
步=5 尺)

1
10
5

【分析】 过
B

AO
的垂线交
AO

C

根据勾股定理,有
OB
2
OC
2
10
2
,即
(OBOC)(OBOC)100

因为
OBOC514
,所以
OBOC25

所以
OB14.5
,即索长是
14.5
尺。


39.【★★★】如图,梯形
ABCD
中,
AOB

COD< br>的面积分别为1.2和2.7,求梯形
ABCD
的面积。



A
O
B
D

AOOB1.24
【分析】 ∵
S
V
AOB
:S
V
ACOD


COOD2.79
AO2
AOBO

Q
, ∴



CO3
COOD
2

S
V
AOD
S
V
COB
2.71.8
, < br>S
梯形ABCD
1.21.81.82.77.5
1.21.8 1.82.77.5

3


40.【★★★】如右图,长方 形
ABCD
中,
EF16

FG9
,求
AG< br>的长。
D
G
F
A
C
E
CB
DGA GAG



GBGE25
DGFG9
又∵,

GBGAAG
AG9
∴ 即
AG
2
259225


25AG

AG15


41.【★★★】如图,直角梯形
ABCD的上底
BC10
厘米,下底
AD14
厘米,高
CD5厘米.又三角形
ABF
、三角形
BCE
和四边形
BEDF
的面积相等.求三角形
DEF
的面积.

【分析】 ∵
【分析】
S
梯形ABCD

B
C
E
D
A
1
(1014)560

2
F

Q
S
V
ABF
S
四边形BEDF
S
V
BCE

11

S
V
ABF
S
梯形
ABCD
6020

33
S
四边形
BEDF
20S
V
BCE
20


AFS
V
ABF
2520258


FD1486


CES
V
BCE
210202104


ED541




11

S
V
DEF
FDED613

22


42.【★★★】图中阴影部分的面积是 .(

取3.14


1313399
【分析】

()
2




42222168
19913

1
阴影面积

3
2


3
2
(

)

()
2


816822

2
99999



(



)

821688



43.【★★ ★】一个圆柱体底面周长和高相等.如果高缩短4厘米,表面积就减
少50.24平方厘米.求这个圆柱 体的表面积是多少?

【分析】(如图)一个圆柱体底面周长和高相等,说明圆柱体侧面展开 是一个正
方体.高缩短
4
厘米,表面积就减少
50.24
平方厘米. 阴影部分的面积
为圆柱体表面积减少部分,值是
50.24
平方厘米,所以底面周长是
4cm
3
3
1627

1.92375

278
50.24412.56
(厘米)侧面积是:
12.5612.56157.7536
(平方厘米)

两个底面积是 :
3.14

12.563.142

225.12 (平方厘米)。
表面积:
157.753625.12182.8736
(平方厘米)。



44.【★★★】如图,
VABC
是等腰直角三角形,
D
是圆周的中点,
BC
是半圆的直径,
已知
ABBC10
厘米,求阴影面积。

【分析】设
AD

BC

E


OD:ABOE:EB5:101:2

15510

OE5,EB5

12333
A
2
CO
B
11
阴影 面积
10

5
2
5

3 2.125

23423646
D



45.【 ★★★】三角形
ABF
的面积为24,
AB
长12,
AC
长 10,试求梯形
ABCE
的面积.



A
12
B
10
F
C
D
E


【分析】 因为
S
ABF
24

S
ABE
1210260
,所以,
BF242124
S
BEF
602436
,所以,
BEF
的高
等于
362418
,即
DE18
,所以,
S
梯形A BEC


121218

102210



46.【★★★】有一块边长20米的正方形的空地,计划在正中修一个圆形画坛 和一个十字形道路(花坛直径与道路同宽),
其余地方都是草坪.若使路宽是边长的
1
,则道路所占面积约是多少?(精确到十分位,π=3.14)
4

【分析】 正方形空地面积减去圆形花坛面积和四块正方形草坪面积就是道路所占面积。
< br>1315
因为花坛直径与道路同宽,所以,花坛直径=20×=5米,正方形草坪的边长=20× ÷2=米。
442
5
2
正方形空地面积=20×20=400平方米,圆形 花坛面积=

×=19.625平方米,每块正方形草坪面积
()
2
1515
=×=56.25平方米,所以,道路所占面积=400-19.625-56.25×4=1 55.375平方米。
22

47.【★★★】在图中,红色部分的面积_____ _______(填“>”、“<”、“=”)阴影部分的面
积。

【分析】 因为 ,大圆直径
R
等于小圆直径
r
的2倍,即
R2r
,所以, 大圆面积
=

R
2
=4

r
2
, 小圆面积=

r
2
,所以,大圆面积=4个小圆面积。
因为
S
红色部分
=
S
大圆
-
S
小圆
×4+< br>S
阴影部分

S
大圆
=
S
小圆
×4 ,所以
S
红色部分
=
S
阴影部分


4 8.【★★★】如图,
BD

FB

FC
将长方形
ABCD
分成5块,白色三角形面积是1平
方厘米,兰色三角形面积是2平方厘米,红色三角形 的面积是多少平方厘米?
A
F
D







E
B

【分析】白色三角形和蓝色三角形面积比为
1:2
,所以
FE:EC1:2
,那么
FD:BCFE:EC1:2,
说明
F

C




AD
的中点,即
AFF D
,红色三角形面积就等于白色三角形和蓝色三角形的面积之和,即
123


49.【★★★】一块正方形玻璃,一边截去15厘米,另一个非平行边截去10厘米,剩下 的长方形玻璃比原来的面积减
少1750平方厘米,那么原来的正方形的边长是___________ _。
15
10

【分析】 法一:

将截去的两个部分拼成一个长等于正方形边长,宽等于
15+10=25厘米的长方形(需补上一个15×10的小长方块),
其面积等于1750 +15×10=1900平方厘米。所以,其长=1900÷25=76厘米,则原来
正方形边长是76厘米。
法二:
设原正方形边长是
x
厘米,由题意得:
x
2
-(
x
-15)×(
x
-10)=1750,
x
2
-
x
2
+25
x
-150=1750,解得
x
=76。
所以,原正方形边长是76厘米。

50.【★★★】三角形
ABC
是直角 三角形,阴影
A
的面积比阴影
B
的面积小
25cm
2
,求
BC
的长度。

2
【分析】 直角三角形面积减去半圆面积为
25cm

11

2rBC

r
2
25

22
A
A

BC


25

r


r2
B
B
C
51.【★★★】如图,设扇形
BAC
的面积是半圆
ADB
面积的
____________。

4
倍,则角
CAB
的度数是
3
D
C
【分析】 设半圆
ADB
的半径为1,则半圆面积为

×
1
2
÷2=

,扇形
BAC
的面积
2

42

2

nn
=×=。因为扇形< br>BAC
的面积=

r
2
×,所以,

×2
2
×=,
233
360360
3
所以,
n 60
,即角
CAB
的度数是60。
AB

52.【★★★ 】一张长方形纸片,把它的右上角往下折叠(如图甲)阴影部分面积占原纸片面积的
叠(如图乙),乙图 中阴影部分面积占原纸片面积的________(答案用分数表示)。
2
;再把左下角往上折
7




【分析】甲图阴影面积占原纸面积



2
,设原纸的长为
7
,说明阴影的宽为
2,原纸的空白部分为边长
5
的正方形,即
7
6

35
原纸的宽为
5
,左下角折叠的三角形打开为边长
2
的正方形,
523,326
为乙图阴影面积,原纸面积为
7535
,所以乙图中阴 影面积占原纸面积的

53.【★★★】有甲、乙、丙三个梯形,他们的高之比是
1: 2:3
,上底之比依次是
6:9:4
,下底之比依次是
12:15:10.已
知甲梯形的面积是
30
平方厘米,那么乙与丙两个梯形的面积之和是多少平方 厘米?

【分析】 设甲梯形的高为
x
,上底的长为
6y
,下底的长为
12z
,那么根据甲梯形的面积公式得到等式:

6y12 z

x230
,整理为
xy2xz10
,而乙梯形的面积为

9y15z

2x29xy15xz
,丙梯形的面积< br>为

4y10z

3x26xy15xz
,乙丙两 个梯形的面积之和为
15xy30xz
=
15

xy2xz< br>
1510150
平方厘米。



54.【★★★】一车工用一段长
30
厘米,直径为
8
厘米的圆钢,车一 个如图所示的零件,这个零件的表面积是多少?

21.4133.6



3

4
20
6

【分析】 表面积为圆柱侧面积加上两个圆锥的侧面积。
11
表面积
2< br>
44
2
4
2
2

442
6
2
2

420

22

162

813

160

161.4 383.631603


67.286.4480
633.6


55.【★★★】 有一个圆柱体的零件,高
10
厘米,底面直径是
6
厘米,零件的一端有一个圆 柱形
的圆孔,圆孔的直径是
4
厘米,孔深
5
厘米(见右图)。如果将 这个零件接触空气的部分涂上防锈
漆,那么一共要涂多少平方厘米?

【分析】 涂漆面积

大圆柱表面积

小圆柱侧面积



664
涂漆面积
102< br>
2

()
2
52



222

60

18

20



98

307.72




56.【★★★】求图中阴影部分的面积。

【答案】 阴影面积

半圆面积

扇形面积

三角形面积
11211


()
2

12
2
121241.04

2282



57.【★★★】图中的大小正方形的边长均为整数(厘米),它们面积之和等于52平方厘 米,则阴影部分面积=______。
A
B
C
D
12
12
H
E
G

观察图形组合特征,阴影部分为直角三角形,若知两直角边 长,则问题可解。连接
BE
,梯形
ABEG
的面积

【分析】
=

664

6248
平方 厘米,
AEG
面积=
6

64

230
平方厘米,所以,
ABE
面积=
483018

F< br>18
11
方厘米。因为,
S
ABE
S
ABH< br>S
BEH
6BH4BH5BH
,所以,
5BH=
18

BH
厘米,所以,
5
22
1815 4
阴影部分
ABH
的面积=
6
平方厘米。
525
58.【★★★★】正六边形
ABCDEF
的面积是
6
平方厘米.< br>M

AB
的中点,
N

CD
的中
A
F
点,
P

EF
的中点.问:三角形
MNP
的面积是多少平方厘米?
P
M

E
【答案】 设
O
是正六边形的中心
B
正六边形由六个正三角形组成,每个正三角形面积是
1
平方厘米。

2MPAFBEAF2AF3AF

CD
N

MP:AF3:2

9

S
V
PMN
:S
V
AFO
MP
2
:AF
2
 3
2
:2
2
9:4

4

S
V
PMN
S
V
AFO


59.【★★★★】在长方形
ABCD
中,△
ABP
的面积
20cm
2
.△
CDQ
面积为
35cm
2
,那么阴
影四边形
EPFQ
的面积是
cm
2


B
A
E
Q
P
F
C
D
999
1

444



【答案】 梯形
AEFB
中,
S
V
APB
S
V
EPF

梯形
EDCF< br>中,
S
V
DQC
S
V
EFQ

阴影面积
S
V
EPF
S
V
EFQ
S
V
APB
S
V
CDQ
203555

< br>60.【★★★★】如图(1),线段
MN
将长方形纸分成面积相等的两部分.沿
MN
将这张长方形纸对折后得到图2,将图
3
(2)沿对称轴对折,得到图(3), 已知图(3)所覆盖的面积占长方形纸面积的,阴影部分面积为6平方厘米.长
10
方形的面积 是多少?
(1)
(2)
(3)

【分析】 如图(3)所示 ,阴影部分是2层,空白部分是4层,如果将阴影部分缩小一半,即变为3平方厘米,那么阴
1
影部分也变成4层,此时覆盖座面的面积占长方形纸片面积的,即缩小的3平方厘米相当于长方形纸片面
4
31
积的(

),所以长方形纸片面积为60平方厘米。
104


61.【★★★★】右图中,正方形
ABCD
的 边长为8厘米,
E

AD
的中点,
F

CE
的中点,
G

BF
的中点,
H

AG
的 中点。四边形
FGHI
的面比积三角形
DIE
的面积大( )平方厘米。
A
E
I
H
F
G
D
B
C

111111
【分析】
S
V
ABG
S
V
ABF
8(88)12

222222
111111

S
V
ADH< br>S
V
ADG
8(88)12

222222

S
四边形
FGHI
SV
DIE
S
W
ABCD
S
V
CDE
S
V
BCF
S
V
ABG
S
V
AD H

1111

8
2
88881212
8

2222


62.【★★★★】如图所示,在三角形
ABC
中,
DC3BD

DEEA
.若三角形
ABC
的面积 是1.则阴影部分的面积
是多少?。



A
F
E
BDC

【分析】 连接
BE

FD

33

SVADCSVABC

SVDECSVABC

48
131

SVBDESVABCSVABC

388
11

SVBFD(SVDFESVDEC)SVABC2SVDFE

34
3
SVDFESVABC

56
333
SVDECSVAFE()SVABC

8567


63.【★★★★】如图所示,两条线段相互垂直,全长为30 厘米。圆紧贴直线从一端滚动到另一端(没有离开也没有滑
动)。在圆周上设一个定点
P
,点
P
从圆开始滚动时是接触直线的,当圆停止滚动时也接触到直线,而在圆滚动的全部
过程中点
P
是不接触直线的。那么,圆的半径是多少厘米?(设圆周率为3.1 4,除不尽时,请四舍五入保留小数点后两
位。如有多种答案请全部写出)
P
14
P16

【分析】 因为在圆滚动的全部过程中点
P
是不接触直线 的,所以这个圆的运动情况有两种可能。一种是
圆滚动了不足一圈,根据
P
点的初始位置和终止位置,可知圆滚动了
270
o
。另一种是圆在第一条直线上滚动
了将近一圈,在第二条直线上又滚 动了将近一圈,根据
P
点的初始位置和终止位
置,可知圆滚动了< br>270
o
360
o
630
o
。因为两条线段共长
30
厘米,所以
270
o
的弧长或者
630
o的弧长是
30
厘米。
270630

303.1426.37
(厘米),
303.1422.73
(厘米),所以圆的半径是
6.37
厘米 或
2.73
厘米。
360360
1
64.【★★★★】入图,在ABC
中,
D

BC
中点,
E

A B
上一点,且
BEAB
.已知四边形
BDME
的面积为
3 5

3
那么三角形
ABC
的面积为_______。



A
E
M
B
D
C

【分析】 连接
BM
,因为
BDDC

BE
1
11
AB
,所以,
S
BDM
=
S
BC M

S
BEM
S
ABM

2
33
又据燕尾定理知,
S
ABM
:S
ACM
BD:DC 1:12:2

S
BCM
:S
ACM
BF:EA 1:2
,所以,
1
22
S
ABM
:S
ACM< br>:S
BCM
2:2:1
,所以,
S
ABM
S
ABC
S
ABC

S
BCM
S
ABC

5
2215
111122
所以,
S
BDM
S
ABC
S
ABC

S
B EM
S
ABC
S
ABC

25103515< br>1
7
27
因为,
S
BDME
=35,且
S< br>BDME
S
BDM
S
BEM
,所以,35=解得S
ABC
35150

S
ABC
SABC
S
ABC

10
30
1530


65.【★★★★】把正方体的六个面分别划分成9个相等的正方形,然后用红、黄、蓝三种 颜色去染这些小正方形,要
求有公共边的正方形染的颜色不同。问:用红色去染的小正方形的个数最多是 几个?

【分析】 要求出染红色的小正方形最多几个,则需让每个面上的染红小正方形尽可能多,且只需考虑。
按染色规 则,一个面最多可染红色小正方形5个(图1),与其相对的面也有染红小正方形5个。因为有公共
边的 正方形染的颜色不同,所以,与这两个面相邻的四个面中有两个相对的面最多可染红色小正方形4个(图

2),另两个相对的面最多可染红色小正方形2个(图3)。
所以,染红色的小正方形最多是:(5+4+2)×2=22(个)。
































(图1) (图2) (图3)
注:可假设图1为前后面,图2为上下面,图3为左右面。(相对面红色涂法相同)



66.【★★★★】如图,每个小方格的边长都是1,求三角形
ABC
的面积。
E
D
A
B
C




5510
S
DBC
2

2577
67 .【★★★★】如下图两个相同的正方形,左图中阴影部分是9个圆,右图中阴影部分是16个圆.哪个图中阴影 部分
的面积大?为什么?
【分析】 因为
BD:CE2:5
,且
BDCE
,所以
DA:AC2:5

S
ABC


【分析】设正方形边长为
a
,每一个圆的半径为
r

aa1

S
阴影


r
2
••

a
2

2r2r4
说明阴影面积只与正方形的边长有关系,与圆的半径无关,无论圆的半径怎样变化,
只要正方形的边长不变了,那么阴影面积就不变了。


两图阴影面积相等。

68.【★★★★】如图,
ABCG是4×7的长方形,
DEFG
是2×10长方形,那么,三角形形
BCM
的面积与
DEM
的面积
之差是_______。
AB

G
F
CMD
E

【分析】
QVBCD:VEDM


BC:EDCM:MD4:

221:

QCD1073


CM2,MD1


11

SVBCDSVEDM42213

22

69 .【★★★★】如图,正方形
ABCD
的面积是120平方厘米,
E

AB
的中点,
F

BC
的中点,四边形
BGHF
的面
积是 平方厘米.

【分析】
EG:GCEB:CD12:

1
1111

EGEC

SVEBGABBC12010

3
22312

Q
SVEBC:SVCHFCF
2
:CE
2

111
2

CF
2
(BC)BC
2
12030

244
A
D
E
G
H
1
2

CEBEBC(AB)BC
2
30120150

2
222
B
F
C



11

VEBC:VCHF30150:15:

VCHFVEBC306

55

SYBGHF3010614



70.【★★★★ 】雨哗哗地下个不停.在雨地里放一个(如图1)那样的圆柱体容器.(单位:厘米)雨水将它下满要用
1时.有
A

B

C
三种下同的容器,请问哪个容器最先接 满雨水.
6
10
10
图1
5
A
15
10
24
6
B
5
C

【分析】 根据题意知雨均 匀地下.即单位面积内的降雨量相同.所以雨下满某容器所需的时间与该容器的容积和接水
面(敞开部分 )的面积之比有关.
容积10103.141010

=

接水面积10103.141
553.1415415< br>,

1.5
小时;
A
容器:
553.14 41
1
663.142.4
3

8
.
需< br>0.8
小时;
B
容器:
663.141

561010

C
容器:
,

1
小时。
561

71.【★★★★】已知图中每个正六边形 的面积是l,图中虚线围成五边形
ABCDE
的面积是 ;

【分析】虚线外的图形等于三个正六边形加上两个正六边形的角,
11

3123

63
E
A
12
所以五变形的面积是
1036

33






72.【★★★★】将 三角形
ABC

BA
边延长
1
倍到点
D

CB
边延长
2
倍到点
E

AC
边延长3
倍到点
F
,问三角形
DEF
的面积是多少?(
S△ABC
1
)

E
BC
D
D
A
B
C
F
S
△ABE
2S
△ABC
2< br>,
S
△EAD
S
△ABE
2

S
△BCF
3S
△ABC
3
,【分析】



S
△BEF
2S
△BCF
 6

S
△ADF
S
△ABC
S
△BCF
4

S
△DEF
12243618



73.【★★★★】四边形
ABCD
中,
BC6cm


ABC90
°


BCD135
°

AECD

AE12cm

ED5cm
,求
四边形
ABCD
的面积。

【分析】设梯形上底
CF

a
,高为
12a


6
2
6
2
a
2
72

S S
等腰直角V
S
梯形
S
V
AED

D
B
C
E
A
111

S66(12a)(12a)125

222
1

18(144a
2
)30

2
1

18(14472)30

2

84



74.【★★★★】右图中
AB3
厘米,
CD12
厘米,
ED8
厘米,
AF7
厘米。四 边形
ABDE
的面积是多少平方厘米。

【分析】 阴影面积
SVABDSVAED

1


SVABD31218

2
C
A
B
1

SVAED7828

2
阴影面积
182846



75.【★★★★】三角形ABC
的面积为
15
平方厘米,
D

AB
中点 ,
E

AC
中点,
F

BC
中点,求阴影 部分的面积。

【分析】 设
CD

BE

O

CD

EF

M


SVABO:SVBCOAE:EC1:1


SVACO:SVBCOAD:DB1:1


SVBCO1535

SVBDO1527.5

1

SVFCO7.51.875

4
阴影面积
51.8753.125





76.【★★★★】如右图,△
ABC
中,
G

AC
的中点,
D

E

F

BC
边上的四等
分点,
AD

BG
交于
M

AF

BG
交于
N
,已知△
ABM的面积比四边形
FCGN

面积大
7.2
平方厘米,则△
ABC
的面积是多少平方厘米?


F
E
D
A
D
B
F
E
C
A
N
M
B
D

G
F
C
E



【分析】 连接
CN

设S
V
CNGa,S
V
CNFb,
1
S
V
AFCS
V
ABC2ab,
4
1
S
V
BGCS
V
ABC4ba,
2
3 a2b
1212
S
V
ABMS
V
ABCS
V
ABC

4ba


5525
2
S
V
ABMS
NFCG


4ba



ab

7.2
5
ba12
a 24,b36
2
S
V
ABC

4ba
< br>5336
5

77.【★★★★】四个面积为
1
的正六边形如图摆放,求阴影三角形的面积。

11
【分析】 设正六边形内的一个正三角形面积为
ah

26

a
为三角形底边,
h
为三角形的高,

4a4h16ah

1

2.5a3h3.75ah


2
1

3.5ah1.75ah

2
1

(0.51.5)a4h4ah

2
113

16ah3.75ah1.75ah4ah6.5ah6.5

36


78.【★★★★】如右图,三角形
ABC
中,< br>AF:FBBD:DCCE:AE

3:2
,且三角形
GHI的面积是
1
,求三角形
ABC
的面积。

A
G
H
B
I
D
C
E
2
【分析】
S
△ABE
S
△ADC
S
△FBC
S
△ABC

5
21

S
△ABE
S
△ADC
S
△FBC
S
△ABC
3S
△ABC< br>S
△ABC
S
△ABC

55

S
△AGE
S
△IDC
S
△FBH

F
1
S
△ABC

10

S
△GHI
S
△ABC
(S
△AGB
S
△BCHS
△AIC
)1

21

S
△ABC
3()S
△ABC
1

510

S
△ABC
10






79.【★★★★】如图,长方形
ABCD
中,
BE:EC2:3

DF:FC1:2
,三角形< br>DFG
的面积为2平方厘米,求长方

ABCD
的面积。
A DAD
G
F
G
F
E
B
C
E
BC

【分析】 连接
AE,FE


BE:EC2:3,DF:FC1:2

3111

S
V
DEF
S
W
ABCD
S
W
ABCD

53210
1

S
AED
S
X
ABCD

2
11
根据共边定理,
AG:GF:5

210

S
V
AGD
5S
V< br>GDF
10

S
V
AFD
12

1

S
V
AFD
S
W
ABCD

6

S
W
ABCD
72
平方厘米。




80.【★★★★】如图,
M

AB
的中点,
N

BC
上一点,
CN2BN
.连结
AN

MC

O
点,若四边形
BMON

面积为
14c m
2
,则△
ABC
的面积是_______________
cm< br>2


A
2211
【分析】
S
V
MNC
S
V
MBC
S
V
ABC
S
V
ABC

3323
1

S
V
AMC
S
V
ABC

2
B
M
O
C
N
11
S
V
MNC
:S
V
AMC
S
V
A BC
:S
V
ABC
2:3

32

ON:AO2:3

211

S
VMNO
S
V
AMN
S
V
ABN
S
V
ABC

5515
11

S
四 边形
BMON
S
V
BMN
S
V
MNO
S
V
ABN
S
V
ABC

215
117

S
V
ABC
S
V
ABC
S
V
ABC
14

61530

S
V
ABC
14< br>7
60(cm
2
)

30




81.【★★★★】十三个边长为正数的正方形纸片恰好拼成一个 大矩形(其中三个小正方形的边长分别记为
x

y

z
),
求满足上述条件的矩形面积的最小值.
z
x
y

【分析】
xyxzzzxyxzxyyxy

整理得
4z2x3y

解得
xyz
最小值,
z4x5y2


xyxzzzxyxzz
4x2y5z44


xvxzzxyxz44(xyyyy x)(xyyy)


3x3z445y61

矩形面积
44612684


82.【★★★★】在△
ABC
中,
AD2
,
BD3
,四边形
DBEF
的面积 等于△
ABE
的面积,若△
ABC
的面积为
S
,则

四边形
DBEF
的面积为 .

C
S
四边形
DBEF
S
V
ABE
【分析】
F
E

S
V
FED
S
V
ADE


QVFED

VADE
有公共的底边
DE



VFED

VADE

DE
边上的高相等

DEPAC


QDB:ABDB:(ADDB)3:(23)3:5


S
V
DBE
:S
V
ABC
3
2
:5
2
9:25

S
V
DBE

A
D
B
9

25
9
S

25

S
四 边形
DBEF
S
V
EFD
S
V
DBE
S
V
ADE
S
V
DBE

25

S
V
DBE
S
V
DBE
S
V
DBE

33
593

SS

3255
83.【★★★★】(2003年一零一培训学校“圆 明杯”数学邀请赛附加题第1题)有一个三角形
ABC
的面积为1,如图,且
111< br>ADAB

BEBC

CFCA
,求三角形
D EF
的面积.
234



A
D
F

【分析】 先分别求 出
ADF

BDE

CEF
的面积,再用
 ABC
面积减去这三个三角形面积即为
DEF
的面积。
1111
3313
连接
CD
。因为,
ADAB

CFCA
,所以,
S
ACD
S
ABC
< br>S
ADF
S
ACD

,同理可
2422< br>,
4428
BEC
1111213117
得,
S
B DE


S
CEF

,所以,
S
DEF
1

32643686624






84.【★★★★】
ABCD
是边长为
a< br>的正方形,分别以
AB

BC

CD

DA
为直径画半圆,则这四个半圆弧所围成的
阴影部分的面积是____________。

【分析】 运用充斥原理。观察可发现:计算四个半圆的面积和,阴影部分重叠计算一次,

AD
所以,四个半圆的面积和减去正方形面积即为阴影部分面积。
a
所以,阴影部分面积=

×
()
2
÷2×4-
a
2
=
a
2
×(-1)=1.57
a
2

22



B
C

85.【★★★★】如 图,将边长为1的正三角形Ⅰ放在一条直线上,让三角形绕顶点
C
顺时针转动到达Ⅱ,再继续这 样
转动到达Ⅲ,则
A
点走过的路程的长____________。

B
I
AC
IIIII

O
【分析】 图中圆弧即为
A
点走过的路程,分为两段,均为圆心角为
120
、半径为1的扇形的圆弧。所以,两个扇形圆
4

4
120
弧长之和=2×

×1××2=,即
A
点走过的路程的长 是。
33
360

86.【★★★★】如图,以
B
C
为圆心的两个半圆的直径都是2厘米,阴影部分的周长(精确到0.01)__________ __。
ABC
D




【分析】 阴影部分周长等于
BC
长加上两段圆弧的长。因两段圆弧的长均等于圆心角 为
60
0
、半径为1的扇形的圆弧,
2
60
所以,阴影部分 周长=1+

×2××2=1+

≈3.09厘米。
3
360


87.【★★★★】一个长方体,六个面均涂有红色, 沿着长边等距离切5刀,沿着宽边等距离切4刀,沿着高边等距离

n
次后,要使各面 上均没有红色的小方块为24块,则n的取值是____________。

【分析】 沿 着长边等距离切5刀,可切为5+1=6块;沿着宽边等距离切4刀,可切为4+1=5块;沿着高边等距离切< br>n
刀,可切为n+1块。由题意可知,长方体每一个面的外层是涂有1面(或2面、或3面)的小 方块,所以,
各面均没有红色的小方块共(6-2)×(5-2)×(
n
+1-2)= 12(n-1)个,因各面均没有红色的小方块为24块,
所以,12(
n
-1)=2 4,解得
n3




88.【★★★★】三个完全一 样的长方体,棱长总和是288厘米,每个长方体相交于一个顶点的三条棱长恰是三个连续
的自然数,给 这三个长方体涂色,一个涂一面,一个涂两面,一个涂三面。涂色后把三个长方体都切成棱长为1厘米
的 小正方体,只有一个面涂色的小正方体最少有多少个?

【分析】 每个长方体的棱长和是2 88÷3=96厘米,所以,每个长方体长、宽、高的和是96÷4=24厘米。因为,每个长
方体相交 于一个顶点的三条棱长恰是三个连续的自然数(奇数项,则中间数=平均数),所以,每个长方体的
长、 宽、高分别是9厘米、8厘米、7厘米。

要求切割后只有一个面涂色的小正方体最少有多少 个,则需每一个长方体按题意涂色时,应让切割后只有一
个面涂色的小正方体最少。所以,涂一面的长方 体应涂一个8×7面,有8×7=56个;涂两面的长方体应涂两
个8×7面,有8×7×2=112个 ;涂三面的长方体应涂两个8×7面、一个9×7面,有(8-1)×7×2+(9-2)×7=147
个,所以,切割后只有一个面涂色的小正方体最少有56+112+147=315个。


89.【★★★★】一个长方体的长是12厘米,宽10厘米,高也是整厘米数,在它的表面涂满颜色后 ,截成棱长是1厘
米的小正方体,其中一面有色的小正方体有448个。求原来长方体的体积与表面积。

【分析】 先求出长方体的高,再求其体积和表面积。设长方体的高为h厘米,则按题意截成 的一面有色的小正方体有
(12-2)×(10-2)×2+(12-2)×(h-2)×2+(h - 2)×(10-2)×2=88+36h个,因为,一面有色的小正方体有
448个,所以,88+36 h=448,解得h=10。
长方体体积=12×10×10=1200立方厘米。
长方体表面积=(12×10+12×10+10×10)×2=680平方厘米。
小结:立 体图形涂色问题中,表面涂色的长方体或正方体切割成小正方体后,只有三面涂色的小正方体是顶点上的八
个,共8个;只有两面涂色的小正方体是十二条棱上(不含顶点上的)的小正方体;只有一面涂色的小正方体是每个面上(不含四周,即棱上或顶点上的)的小正方体;没涂色面的小正方体是每个面上去掉一层后的< br>小正方体,即长、宽、高上的个数各自减去2后的连乘数。
90.【★★★★★】如图中是一个 边长为4厘米的正方体,分别在前后、左右、上下各面的中心位置挖去一个边长1厘
米的正方体,做成一 种玩具.它的表面积是多少平方厘米?




【分析】 表面积

大正方体的表面积

六个小正方体的侧面积

S
大表
44696


S
小侧
1144


S

S
大表
6S
小侧


9664120



91.【★★★★★】如右图,面积 为l的
ABC
中,
BD:DE:EC1:2:1

CF:FG: GA1:2:1

AH:HI:IB1:2:1

求阴影部分面积。
AA

H
G
H
G
M< br>N
I
F
I
P
B
DE
C
B
D E
C
F

【分析】 设
IG

HF
M

IG

HD

N

DF

EI

P
。连接
AM


IF


AI:AB3: 4

AF:AC3:4

S
V
AIF


S
V
FIM
:S
V
AMF
IH :HA2

S
V
FIM
:S
V
AIM
1 93

S
V
AIM
S
V
AIF
S
V
ABC

AH:AI1:3

S
V
AHM
S
V
ABC

46464
3

AH:AB1:4

AF:AC3:4

S
V
AHF
S
V
ABC

16
3733
同理
S
V
CFD
S
V
BDH
S
V
ABC

S
V
FDH
S
V
ABC

HM:HF:1:4

16166416

AI:AB3:4,AF:AC3:4


IFPBC

又∵
IF:BC3:4,DE:BC1:2


DE:IF2:3,DP:PF2:3

同理
H N:ND2:3
,∵
HM:HF1:4
,∴
HN:HD2:5

9
S
V
ABC

16
FG:GA2




177

S
V
HDF
S
V
ABC

10160160
7
同理
6
个小阴影三角形的面积均为。
160
721
阴影部分面积
6

16080

S
V
HMN




92.【★★★★★】如图,四边形
ABCD
中,
DE:EF:FC3: 2:1

BG:GH:AH3:2:1
,
AD:BC1:2
,已 知四边形
ABCD
的面积等于4,则四
边形
EFHG
的面积=___ _____。

【分析】 运用三角形面积与底和高的关系解题。连接
AC

AE

GC

GE

因为,
DE:EF :FC3:2:1

BG:GH:AH3:2:1
,所以,在
ABC< br>11
A
中,
S
BCG
S
ABC
,在< br>ACD
中,
S
AED
S
ACD
,在
AEG
中,
22
11
S
AEH
S
HEG< br>,在
CEG
中,
S
CFG
S
EFG

22
1111
因为,
S
BCG
S
AE D
S
ABC
S
ACD


S
A BC
S
ACD

S
ABCD
2
2222< br>S
AGCE
=
S
ABCD
-

S
 BCG
S
AED

422

B
FC
E
D
H
G
S
BCG
,所以,
< br>11
又因为,
S
AGCE
S
AEH
S
HEG
S
CFG
S
EFG
S
HEG
S
HEG
S
EFG
S
EFG

22< br>33


S
HEG
S
EFG

S
EFGH

22
34
所以,
S
EFGH
2

23

93.【★★★★★】直角三角形
ABC
放在一条直线上,斜 边
AC

20
厘米,直角边
BC

10
厘 米。如下图所示,三角形
由位置I绕
A
点转动,到达位置II,此时
B

C
点分别到达
B
1

C
1
点;再绕< br>B
1
点转动,到达位置III,此时
A

C
1

分别到达
A
2

C
2
点。求
C
点经
C
1

C
2
走过的路径的长。
A
2
B
60


C
30

A
C
1

B
1

C
2

180< br>0
30
0
5
¼
1
¼
CC
1
为大圆周长的
CC
【分析】 ,为小圆周长的

12
3600
12
4
1
¼
¼
2

205

50

,
C

CC
C2

105


12
1
4
123
¼
C
¼

CC
11
C
2

C
点经
C
1
C
2
的路径。



5065
¼
C
¼

CC

5




11
C
2

33



94.【 ★★★★★】如图,在正方形
ABCD
中,
E

F
分别在< br>BC

CD
上,且
CE2BE

CF2DF,连接
BF

DF

相交于点
G
,过
G

MN

PQ
得到两个正方形
MGQA
和正方形
PCNG
,设正方形
MGQA
的面积为
S
1
,正方 形
PCNG
的面积为
S
2
,则
S
1
:S< br>2

______。
A
Q
D
F
M
G
N
BEPC


【分析】 连接
BD

EF
。设正方形边长为3,则CECF2

BEDF1
,所以,
EF
2
=< br>2
2
+
2
2
=8,
BD
2
=
3
2
+
3
2
=18。
因为,
EF
2BD
2
=8×18=144=
12
2
,所以,
EF BD
=12。
由梯形蝴蝶定理,得
S
DEF

S
BEG

S
DFG

S
BDG


EF
2

BD
2

EFBD

EFBD

=8∶18∶12∶12
=4∶9∶6∶6,
6
6
S
BDFE
=
S
BDFE
。 所以,
S
BEG
=
25
4966
945653
因为
S
BCD
=3×3÷2=,
S
CEF
=2×2÷2=,所以,
S
BDFE
=
S
BCD
-S
CEF
=,所以,
S
BEG
=×=。因为正
2 22252
5
66
93
方形
PCNG
的边长等于
B EG
底边
BE
对应的高,所以,
CN
=×2÷1=,
NP< br>=3-=。
55
55
66368136
99
81
因 为
S
1
=×=,
S
2
=×=,所以,
S
1

S
2
=∶=9∶4。
2555252525
55



95.【★★★★★】如图相邻两个格点间的距离是1,则图中阴影三角形的面积为________。
A
D
BB
A
D
CC

【分析】连接
AD、CD、BC、AB

则可根据格点面积公式,可以得到
VABC
的面积=
1

4
12

2
VACD
的面积=
3
3
13.5

2
所以
BO:OD
=
S
ABC
:S
ACD< br>4:7
,所以
S
ABO

4412
S
ABD
3

471111





96.【★★★★★】如图,长方形
ABCD
的面积是
36

E

AD
的三等分点,
AE2ED
,则阴影部分的面积为_____.
A
E
D
O
B
C

【分析】(解一)设AC

BE

F

EC

BD

G
,连接
FG

S
V
BEC18,SV
ABE12,
AE:FCEF:FB2:3,OF:OC1:5,S
V
AEFC
EG:GC6:181:3,S
V
FGC
3
S
V
EFC5.4,
4
2
S
V
BEC7.2 ,
5

21
S
V
EFGS
V< br>ABC1.8,
54
1
S
V
FOGS
V
FGC0.9,
6
S
阴影
S
V
EFGS
V< br>FOG2.7。


(解二)设
AC
BE

F

EC

BD

G

VAFE
的高
h
1

VEGD
的高
h< br>2


QAF:FC2:3,EG:GC1:3


h
1
:AB2:(23)2:5


h
2
:CD1:(13)1:4

1122111

S
阴影
36363684.80.52.7

4235234


97.【★★★★★】在梯形
ABCD
中,
AD

BC
平行,且
BC2AD
。点
E
F
分别是
AB

CD
的中点,已知阴影四
边 形
EHFG
的面积是18,求梯形
ABCD
面积是多少?
A
G
E
F
E
D
A
G
F
D
H
B
C
H

B
C

1
【分析】因为点E

F
分别是
AB

CD
的中点,所以
EF(ADBC)
,并且
EF
上下两个小梯形的高相等,设梯形
2AEFD

EBCF
的高都是
h
,设
ADa
,则
BC2a

EF1.5a




三角形
GEF

EF
上的高等于
三角形
H EF

EF
上的高等于
1.5a3
hh

1.5aa5
1.5a3
hh

1.5a2a7
3

154ah27ah
70
27ah

3
所以阴影部分的面积等于
1.5a

hh


,则,

18
,解得
ah
7523535
3
35
梯形面积等于

a2a

2h23ah70





98.【★★★★★】如图,长方形
ABCD
中,< br>E

F
分别为
CD

AB
边上的点,
DEEC

FB2AF
,求
PM:MN:NQ

A
F
B
A
F
B
P
M
N
P
Q
M
N
Q
D
E
C
D
KE
H
C

【分析】作
MKDEK,NHECH

QAF:DE 2:3,BF:CE4:3


AF2,BF4,CE3


69912

DK,KE,EH,HC

5577
69912

PM:MN:NQ:():7:18:10

5577

99.【★★★★★】(如图)有孔(贯穿)正方体的表面积(含孔内各面) 是
A.258 B.234 C.222 D.210

【分析】 观察有孔正方体特点,先 求出有孔正方体外表面面积,再加上孔内表面面积总和,即可求出有孔正方体表面
积。
有孔正方体外表面面积:5×5×6-
1
2
×2×6=138。
本题关键是计算孔内表面面积,观察一组相对面之间的孔,每个孔均分别与另两个方向的一个孔“相交”,所以,其每个孔内表面面积是1×3-×4+2+2=16,但是两个“相交”的孔,不仅互相破坏了对方的内 壁,两个孔位



被重叠的部分也出现了重叠,所以,有孔正方体孔内表面面积综合是:16×2×3-6×2=84。
所以,有孔正方体表面积=138+84=222。









数 论


1. 【★】连续
7
个偶数的和是
196
.这
7
个数中最大的一个 偶数是多少?

【分析】
2468101242


(19642)722

这七个数分别是
22,24,26,28,30,32,34

最大是
34



2.【★★】一个三位数除以
43
,商是a,余数是b (a、b都是正数).求a+b的最大值.

【分析】
9994323L10
那么一个三位数

43

22L42
为余数最大.
这个数
432242988
最大值
224264



3.【★★】(1)把
17
分成两个自然数的和,使它们的乘积最大,应该怎样分?
(2)把
17
分成若干个自然数的和,要是这几个数的乘积最大,应该怎样分?

【分析】
(1)8

9


(2)3,3,3,3,3,2



4.【★★】有四个不同的自 然数,它们的和是
1111
,则它们的最大公约数最大是( ).

【分析】
111111101

111235



四个数分别
1011101,

1012202,


1013303,

1015505

最大公约数为101.

5.【★★】(2003年一零一培训学校期末考试题(2003年12月)第7题)一个整数m(m≠1), 除219,270,338得到的
余数相同,则这个整数m=__________。

【分析】 219,270,338除以m得到的余数相同,那么他们两两的差就能被m整除。270- 219=51,
33827068




338219119
,m =[51,68,119]=17。


6.【★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级04~05学年一学期第三次随堂测试第10题)


(101)
2
(1011)
2
(110 11)
2

___________

567(   )8
(   )
5
(   )
2


( 11000111)))
2
(10101
2
(11
2
 (   )
2


(3021)(605)
4

7

( )
10

⑤若
(1030)
n
140
,则n=____________。

【分析】 ①
(101)
2
(1011)
2
(11011)
2

(11100
2


5 67(1067)))
8
(4232
5
(1000110111
2


(11000111))))
2
( 10101
2
(11
2
(11000000
2


(3021)(605)
4

7

(500 )
10

⑤ 若
(1030)
n
140
,则n=(5)

7.【★★ 】
1016
与整数
a
(
a0
)的乘积是一个完全平方数, 则
a
的最小值是__________。

【分析】
10162
3
127

1016a
是一个完全平方数,所以至少为
2
4
127
2
,故
a
最小为
2127254


8.【★★】把
17
分成若干个自然数的和,如何分才能使这些自然数的乘积最大?

【分析】
33222
,所以分成
333332
最大。

9.【★★】已知
3528a
恰是自然数
b的平方数,
a
的最小值是 .

【分析】
35 282
3
3
2
7
2
,要使
3528a
是某自然数的平方,必须使
3528a
各个不同质因数的个数的和为偶数,则所以
a
至少为2。

10.【★★】某个自然数被
187
除余
5 2
,被
188
除也余
52
,那么这个自然数被
22
除的余数是

【分析】 可推知这个数为
52

52

22
除的余数是
522228



11.【★★】有一种最简真分数,它们的分子与分母的乘积都是
693
,如果把所有 这样的分数从大到小排列,那么第二
个分数是 。





【分析】
69333711
所以最大的为:


123Lnaaa
(和恰好是三个相同数字组成的三位数),12.【★★★】有
n
个自然数相加:那么
n
__________。
11
3721

,第二个分数为:。
63
31133

【分析】
123Ln
n(n 1)
aaa

n(n1)2aaa2111a2337a,由于
a
是个一位数,
2
n

n1
是两个 相邻的整数,只有当
a6

n36
时满足题意,所以所求的
n< br>为
36



13.【★★★】由
26=1
2
5
2
1
2
3
2
4
2
,可以断定
26
最多能表示为
3
个互不相等的非零自然数的平方和,请你判定
200
最多能表示为__________个互不相等的非零自然数的平方之和?

【分析】
1
2
2
2
L8
2
204 f200
,所以
200
不能表示成
8
个互不相等的非零自然数的平方 之和,而
2042
2
200

所以
200
可以 表示成
7
个互不相等的非零自然数的平方之和,所以
200
最多能表示为7
个互不相等的非零自然
数的平方之和。


14.【★★★】三个质数的倒数之和是


1661
,则这三个质数之和为__________。
1986
【分析】
1986=23331

1111661
,所以这三个质数分别为
2

3

331
,它们的和为

233311986
23331336


15.【★★★】在568后面补上三个数字,组成一个六位数。此六位数能分别被3,5,8整除,那么这样的 六位数中最
小的是_______

【分析】 根据题意可知这个六位数最小时56 8000,能同时被3,5,8整除,也就能被[3,5,8]=120,568000

12 0=4733……
40,那么568000+(120-40)=568080,就能被3,5,8同时 整除。

16.【★★★】在一个两位质数的两个数字之间,添上数字
6
以 后,所得三位数比原数大
870
,那么原质数是__________。

【分析】设原来的两位数为
AB
,则
A6BAB870
,即
10 0A6010A870
,得
A9
,而
AB
为质数,所以只能 是
97



17.【★★★】李老师带领一班学生去种树,学生 恰好被平分成
4
个小组,总共种树
667
棵,如果师生每人种的棵数一
样多,那么这个班共有学生__________人。

【分析】
66723 29
,由于学生加上老师的总人数除以
4

1
,而
231 22
,不能被
4
整除。说明学生的人数是

29128
(人)




18.【★★★】用
5,6,7,8
四个数字组 成各个数字互不相同的四位数,其中能被
11
整除的有__________个。

【分析】
7815
,
6511

15114< br>,所以,奇数位上数字和与偶数位上数字和之差不大于
4
,要使得到的四位
数能 被
11
整除,奇数位上数字和与偶数位上数字和应相等。所以,
7

6
同时在偶数位上或同时在奇数位上,
5

8
同时在奇数位上或同时 在偶数位上。共有
22228
个。
19.【★★★】一个自然数除以
3

1
,除以
5

7
均余
3
, 这个自然数最小为___________。

【分析】
5735
是< br>5

7
的最小公倍数,
35338
除以
3

2

352373
除以
3

1
,所以最小为
73


20.【★★★】学前班有几十位小朋友,老师买来 176个苹果,216块饼干,324粒糖,并将它们尽可能地平均分给每
位小朋友.余下的苹果、饼干 、糖的数量之比是1:2:3,问学前班有多少位小朋友?

【分析】
176345...6


216346...12


324349...18

所以有
34
位小朋友。

21.【★★★】实验小学的礼堂一共有座位24 排.每排有座位30个,全校有650个学生在礼堂开会,那么至少育多少
排座位上坐的学生人数同样多 ?

(307)242444
人;【分析】 假设
24
排 座位上坐的人数都不一样多,那么最多只能坐假设有两排坐的人数同样多,
(3019)122 2588
人:假设由
3
排坐的人数同样多.最多可以坐
(3023)8 23636
.最多可以坐

(3025)624660
人, 超过
650
人的总人数.所以至少有
4
排座假设相同人数的座位有
4
排.最多能坐
位上的人数相等.
解答:至少有
4
排座位上的人数相等.

22.【★★★】两个整 数的最小公倍数是1925,这两个整数分别除以它们的最大公约数,得到两个商的和是16,请写
出这 两个整数.

【分析】 1925=5×5×7×11
两个商都是1925的约数,互质,而且和为16,所以这两个商分别1为5、11.
1925÷5=385,
1925÷11=175
这两个整数是385与175.

23.【★★★】某商店把一些旧存小刀作为处理品降价出 售,小刀每把原价
0.30
元,降价后存货全部卖出,共卖得
6.29
元.小 刀每把降为多少元?

【分析】
6.290.1737

6.29
只有这一种拆法,
所以每把降价为
0.17
元。


24 .【★★★】李老师带领一班学生去种树,学生恰好被平分成
4
个小组,总共种树
74 8
棵,如果师生每人种的棵数一
样多,那么这个班共有学生 人
【分析】
748221117
,只有
17
除以
4

1
,每人种
44
棵树,



所以共用学生
17116
人。
25.【★★★】红、黄、白、蓝卡片各一张,每 张上写有一个数字。小明将这4张卡片如下图放置,使它们组成一个四
位数,并计算这个四位数与它的各 位数字之和的10倍的差。
红黄白


小明发现,无论白色卡片上是什么数 字,计算结果都是5544。那么红、黄、蓝三张卡上的数字分别是_____、
_____、____ _。

【分析】设红、黄、白、蓝卡片上的数字分别是
A

B
C

D
,则有1000
A
+100
B
+10
C
+
D
-10×(
A
+
B
+C
+
D
)=5544,
110
A
+10
B-
D
=616。由上式可得
A
=5,
B
=7,
D
=4。

26.【★★★】一个自然数,除以
11
时所得到的商 和余数是相等的,除以
9
时所得到的商是余数的
3
倍,这个自然数
是 。

【分析】
111010120

118896


117784

8499...3

所以这个自然数是
84


27.【★★★】
2004
名同学排成一排,从排头向排尾
1
3
报数,再从排尾向排头
1

4
报数,两次报数都报
1
的共有
人。


【分析】
< br>3,4

12
,每
12
个人中有一个人,
共有
200412167
人。



28.【★★★】(2002年一零一培训学校六年级计算机素质培训班结业检测题二试第2题)
两个不同质数的倒数相加,所得的和的分子是42,分母可以( )、( )、( )或( )。

【分析】 设这两个质数为
A

B
,根据题意可得:
11AB

A
+
B
=42=5+37=11+31=13+29=19+23

ABAB
分母为5×37=185 11×31=341 13×29=377 19×23=437


29.【★★★】已知两位数
ab
,满足
ab
=4
(ab )
,满足此条件的最大两位数是_______

【分析】 因为
ab=4
(ab)
,可得:
10ab
=4
(ab)
解得:
2ab

ab
最大=48


30.【★★★】一个数a,它的小数点向左移动一位得到数b,数b的小数点向右移动两位得到数c, 已知a,b,c的
和是13.32,则a= .




【分析】 根据题意可知,a为两位数,且a由一位小数,设a=
A.B
则b=

,c=
AB

可得:
ABAB11.1A1.11B1.11(10AB)13.32

10
A
+
B
=12 所以
A
=1
B
=2 a=1.2


31.【★★★】(2003年一零一培训学校期末考试题(2003年12月)第22题)
已知P、Q都是质数,并且
P11Q932003
,则
PQ
__________。

【分析】 由
P11Q932003

11P200393Q

因为P、Q都是质数,P×11=奇数 Q×93=偶数
可得Q=2 P=199

2
写成一个循环小数,在这个循环小数的小数部分中截取连续的一段, 使得折一段中的所有数字之
13
和为
2003
。那么这一段数字中共有 数字。

[答案]
445


32.【★★★】将< br>33.【★★★】有一个四位整数.在它的某位数字前面加上一个小数点,再和这个四位数相加,所得结果 是
2000.81
.这
个四位数是( ).


【分析】 结果的小数点后有两位,说明这个小数要么是
,m0
,要么是



x1,y9

19n01.9n2000.81

所以只能是
19nm2000.81


n8,m1

xynm1981



【分析】 数字和
18

99185ggg9

数字和
17

98175ggg13

89175ggg4

数字和
16

97166ggg1

88165ggg8

79164ggg15

所以余数最大是
15


35.【★★★】某八位数形如
2abcd efg
,它与
3
的乘积形如
abcdefg4
,则七位数
a bcdefg
应是多少?

[答案]

36.【★★★】有一个 正整数的平方,它的最后三位数字相同但不为0,试求满足上述条件的最小的正整数.

【分析】 平方数的末尾只能是
0、1、4、5、6、9
,因为
111、44 4、555、666、999
都不是完全平方数,所以所求的数最小是
4

数 .考察
11111444、ggg
可以知道
14443838
,所以满足 条件的最小正整数是
1444

解答:满足条件的最小正整教是
1444



34.【★★★】一个两位数被它的各个数字之和去除,余数最大是( )
8571428




37.【★★★】 一次数学考试满分是100分,6位同学在这次考试中的平均分是91分,这6位同学的得分各不相同,
其中有一位同学仅得了65分,那么得分排在第三名的同学至少得多少分?

【分析】
6(10091)54

916526

542628

第一
100
第二
99

28127

271314

所以
1001387
第三至少得
87


□□1
的每个括号内各填入一个数字(所填数字均选自1,2,3,……9),要求 所填的数

□□□□
字都是质数,并使得算式成立。

【分析】 在1,2,3,……,9中只有2,3,5,7为质数,根据分母的特性,可知结果的分母为两分数的最小公倍数 ,
321
那么只能为5,7。可得到:


7535

38.【★★★】在算式
39.【★★★】令
a0.11L998999
, 其中的数字是由依次写下正整数
1

999
得到的,则小数点右边第
2008
位数字是( )

【分析】
9902189


20081891819


18193608ggg1

608
个三位数是
707



LL707708LL

707
的下一位是
7

40.【★★★】5位数
2x9y1
是某个自然数的平方,则
4x7y
.
2x9y1
是一个自然数的平方,那么这个自然数的末位只能为1或9。 【分析】
140
2
<
2x9y1
<180
2
得161
2
=25921

x
=5,
y
=2,那么4
x
+7
y
=34

41.【★★★】从1,3,5,7,…。97,99,101中最多可以选出n个数,使得 选出的这n个数中,每个都不是另一个
数的倍数,那么n=_______

【分析】 1,3,5,……,101这些数中,35…101这34个数中,每个数都不是另一个数的 倍数。因为1,3,5,……,
101都可以写成
3
a
•t
的形式( 其中
a
是0或自然数,
t
是不能被3整除的自然数)由于1,3,5,……, 101
有17个不能被3整除的数,剩下51-17=34个数不是3的倍数。所以
t
的值有34种,所以
n
34


42.【★★★】(2003年一零一培训学校期末考试题(2003年12月)第21题)
一个三位数等于它的各位数字之和的19倍,问这样的三位数最大是________,最小是______.

【分析】 设这个三位数为
abc
,根据题意的:

abc
=19×(
abc
),因为
abc
≤29, 所以114≤
abc
≤513



所以19×6=114最小,19×15=285最大

43.【★★★】
Af1< br>,
A
除以
11

5
,除以
9
7
,除以
13

3
,这个数最小是( )

【分析】 运用中国剩余定理,可以得出这个数最小是:
1303

44.【★★★】一位现在一百多岁的老寿星,公元
x
时的年龄为
x
岁, 则此老寿星
2001
年多少岁?

【分析】
44
21936
,老寿星出生于:
1936441892
,所以
2001
年为:
20011892109
岁。


45.【★ ★★】两个连续自然数的平方和等于
365
,又有三个连续自然数的平方和等于
365
,则这两个连续自然数为
_______,这三个连续自然数为_______。

【分析】
13
2
14
2
365
所以这两 个连续自然数为
13

14

10
2
11
2
12
2
365
,所以这三个连续自然数为
10
、< br>11

12


46.【★★★】已知
m,n都是自然数,且
n
=
126m
,则
n
的最小值为___ ____________。

【分析】
1262337
所以
44
2
223377

n
最小值为
4 4




47.【★★★】学校新买来
118
个乒乓球,
67
个乒乓球拍和
33
个乒乓球网,如果将这
3
种物品每样均平分给每个班,
那么这三种物品剩下的数量相同,请问学校有多少个班?

【分析】
118aLb

67aLb

33a Lb
,利用被除数之间的差能被除数整除的原则,求出
a17
所以学
校有
17
个班。


48.【★★★】在一位自然数中,任取一个质数和一个合数相乘,所有可能的乘积的总和是
【分析】

2357



468 9

459



49.【★★★】将
1
9
九个自然数分成三组,每组三个数。第一组三个数之积是
48
,第二 组三个数之积是
45
,第三
组三个数之和最大是 。

【分析】
48246

45159
,所以第三组之和 最大为:
37818


50.【★★★】2007=
2< br>a
1
2
a
2
2
a
3
.... 2
a
n

【分析】 2007=1023+1024=
2
1
2
2
2
3
LL2
10


a
1
+
a
2
+…+
a
n
=1+2 +3+……+10=55

2
2
,其中
a
1

a
2
,…
a
n< br>为两两不等的自然数,则
a
1
+
a
2
+…
a
n
= .




51.【★★ ★】已知三个素数的积为它们的和的5倍,则它们分别是_____、_______、_______。

【分析】
25714

14570


25770

三个素数分别是
257


52.【★★★】
10
个盒子共装有
1000
个弹子,问 怎样装法能使顾客在购买
1

1000
之间的任何数目的弹子时,不用打开盒子,便可拿到所购数目的弹子?

【分析】
10
个盒子分别装1,2,4,8,16,32,64,128,256,512

剩下的
1
个弹子不用装。

53.【★★★★】小胡和小涂计算甲、乙两个 两位数的乘积,小胡看错了甲数的个位数字,计算结果为1274;小涂看
错了甲数的十位数字,计算结 果为819。甲数是____。

【分析】 设甲为
AB
,看错个位为Ab
,看错十位为
aB
,可以得出:

Ab
×乙=1274
aB
×乙=819
乙×(
Ab
-
aB
)=455=5×7×13

乙=13,
Ab
=98,
aB
=63,所以
AB
=93。

54.【★★★★】有一个三位数能被
9
整除,去掉末尾数字后所得的两位 数恰是
7
的倍数。在这样的三位数中最大的
是 。

[答案] 要三位数最大,前两位必须是
98
,又它能被
9
整除,所 以为:
981




55.【★★★★】有一类六位自 然数,它们的前三位数组成的数与后三位数组成的数相同。求在这类自然数中,能被
4433
整 除的最大数是多少?

[答案]
992



56.【★★★★】从1112…9899100中任意划去100个数字.其他数字顺序不变.剩下的数字组成 的数,
最大的是多少?最小的是多少?

【分析】 为了保证剩下的数最大,最高位 数字要尽可能地大,先从

中划去
10
个数字剩下
9
;再从< br>111213ggg4950
中划去
76
个教字剩下
4
9
;再从
5152ggg60
中划去
14
个数字剩下尽可能大的 数
785960
,所以
最大的数是
999997859606162ggg9 9100

为了保证剩下的数最小,最高位数字要尽可能地小.从

中划去
9
个数字剩下
10
:再从
剩下
4

0
,最后从
5152g
剩下尽可能小的数
12340
111213ggg4950
中划去
76
个数字,
gg5960
中划去
15
个数字,
所以最小的数是
162ggg99100




解答:最大的是
999997859606162ggg99100

最小的是
162ggg99100


57.【★★★★】有一种商品,买
2
个要
1
角钱,买
5
个要
2
角钱,买11
个要
4
角钱,小明和小红都有整数角钱,小明
的钱最多能买这种商品
51
个,要是他们的钱合在一起,则最多能买
115
个这种商品,那么小红的 钱最多能买这种商品
( )个.

【分析】
51114L7

751L2

221

小明的钱数:
44211119
(角)

1151110L5

551

两人一共有钱:
4102142
(角)
小红有钱:
421923
(角)

2345L3

321L1

小红最多能买:
5115262


58.【★★★★】有两个两位 数,它们的差是
14
,将它们分别平方,得到的两个平方数的末两位数(个位数和十位数)相同,那么这两个两位数是( )(请写出所有可能的答案).

【分析】 个位 只能
3

7

8

4


(13,27)、(23,37 )、(33,47)、(43,57)、(53,67)、(63,77)、(73,87)、(83,97)< br>中
只有
(43,57)
符合
< br>(18,32)、(28,42)、(38,52)、(48,62)、(58,72)、(68,82) 、(78,92)
中 只有


(18,32)

(68,82)
符合
所以一共有
(43,57)、(18,32)、(68,82)
三组答案.

59.【★★★★】一个分子是1的分数,化成小数后是一个混循环小数,且循环节为两位,不循环也有两位, 那么这种
分数共有多少个?

&

abcdab
99abcd

&
【分析】 假设该混循环小数是

那么其中< br>cd
0,11,22,33
,且
b

d

44,55,66,77,88,99

99009900
所以
99abc d
不是
11

10
的倍数.

abx

cdy
,则
1
&

abcdab

99xy
,那么

99xy

n9900
,而所以< br>
99xy


9900

&

n99009900
约数,且不是
11

10
的倍数.
9900
的约数中
11
的倍数有
99002
2
3
2
5
2
11

9900
的约数中
11
的倍数有
33327
个,
10
的倍数有
23 2224
个,即是
11
也是
10
的倍数有
12
个,显然对任意值,
x
和y都有
99
以内的符合条件自然数解,
所 以符合条件的解有
3332(272412)15
个,对应的
n
也有
15
个,即这样的分数有
15
个,

60.【★★ ★★】设
x
与y分别表示两个两位整数,并且满足方程
100xy2xy
,则
y
( )

yy
2y
,即
2y100

xx

Qy
为偶数,
2y

4
整除,又
Q
两位 数除以两位数只能在
1:9
之间,
【分析】 方程两边除以
x
,得
100


yyy
4

8
经验证
8
不符合题意,舍去,
xxx



所以

y
4,x13,y52

x
61.【★★★★】n为4位整数 ,且组成它的各位数码是从左到右呈降序排列连续数字.则n除以37的所有可能的余
数之和为 .

n
可能为
9876;8765;7654;6543;5432;43 21;3210
【分析】
它们的余数分别是
34;33;32;31;30;29;28

余数之和

3428
7217

2

62.【★★★★】有
4
位朋友的体重都是整千克数,他们两两合称体重,共称了
5
次,称得的千克数分别是
99,113,125,130,144
。其中有两人没有一 起称过,那么这两个人中体重较重的人的体重是多少千克?

【分析】设四个人的体重分别为
A,B,C,D
,并且
ABCD

因为< br>113130243

99144243
,所以
4
个 人的体重之和为
243

所以有
AB144

CD 99

AC130

BD113


AD31

BC14
。若
BC125
,则
C (12514)255.5
,不是整数。
说明
AD125
,得< br>D47

A78

B66

C52

由于
B

C
没有一起称过,所以这两个人中体重较重的人的体重 是
66
千克。


63.【★★★★】小张出生那年的年号加5
,就是
9
的倍数;用它加
6
,就是
10
的倍 数;用它加
7
,就是
11
的倍数;用

它加,就是的倍数了。那么小张是在__________出生的(小张出生在。
8
20
世纪)
12

【分析】由题意可知,小张出生那年的 年号减去
4
,是
9

10

11

12
的倍数,所以是它们的最小公倍
数的倍数,而
9

10
11

12
的最小公倍数是
1980
,所以小张出生 那年的年号减去
4

1980
的倍数,又小
张出生在
20< br>世纪,所以小张是在
1984
年出生的。


64.【★★ ★★】连续
8
个自然数的和既是
9
的倍数,也是
11
的倍数 ,那么这
8
个自然数中最大的一个数的最小值是
__________。

【分析】设这连续
8
个自然数中最小的一个为
a
,由于这
8
个自然数的和是
99
的倍数,所以
,得
8a2899m
,即
4(2a7)99m

a(a1)(a2)LL(a7)99m

m
为整数)
由于
99

4
互质,所以
2a7
能被
99
整 除。故
2a7
最小为
99

a
最小为
46

a7
最小为
53
。故所求的最
小值为
53



65.【★★★★】将
190
写成若干个(多于
1个)连续正偶数的和,请将这些写法全部写出来__________。

【分析】1902519
,所以
190
可以写成
2
个、
5
个、
10
个连续偶数的和,写法如下:
1909496

1903436384042

190101214161820 22242628


66.【★★★★】
N123L100



NB
,(
A

B
互质),
A
_____ _____。

6
100
A



【分析】
6
100
2
100
3
100

1

100
中,有
50

2
的倍数,
2 5

4
的倍数,
12

8
的倍数,有
6< br>个
16
的倍数,
3

32

倍数,
1

64
的倍数,所以
N123L100

2< br>的次数为
50+25+12+6+3+1=97
,同理
3
的次数为33+11+3+1=48
,所以
A2

10097
3

10048

2
3
3
52
83
52

67.【★★★★】恰有
8
个约数的两位数有__________个。

【分析】
81824222
,所以恰有
8
个约数的 数分解质因数后的形式为
A
7

A
1
B
3

A
1
B
1
C
1

A
7
形式的没有符合条件的两位数;
A
1
B
3
形式的有
23
3

32
3

52
3

7 2
3

112
3
,共
5
个;
A
1
B
1
C
1
形式的有
235

2 37

2311

2313

257
,共
5
个。所以共有
5510
个符合条件的数。

68.【★★★★】试将
1,2,3,4,5,6,7
分别填入下面的方框中,每个数字只使用 一次;使得这三个数中任意两个都互质,
其中一个三位数已经填好,它是
714

WWW
(这是一个三位数) (
714
)
WWW
(这是一个三位数) ( )
W
(这是一个一位数) ( )

【分析】
71423717
,能被
2,3,6
整除,所以这个一位数只能是
5
。还剩下
2,3,6
三个数字。要使它与
714
互质,
这个 三位数应是奇数。故
3
是这个三位数的个位数,所以只能是
263
或者
623

然而
623
能被
7
整除, 与
714
不互质。所以只能是
263


69.【★★★ ★】一个自然数除以
7,8,9
后分别余
3,5,7
,而所得的三个商的和是
758
,这个数是___________。

【分析】 这个数加上11
后能被
7,8,9
整除。
7,8,9
的最小公倍数是
789504
,所以除以
7,8,9
后分别余
3,5,7
的 数最

小为
50411

504
分别除以
7,8 ,9
所得的商之和是
897879191
,则
50411分别除以
7,8,9
所得的
商之和是
19123185

7581851913
,所以这个数为
5041150432005< br>。

700701L2000
70.【★★★★】
k
是自然数,且是整数,求
k
的最大值。
k
7

【分析】< br>700:2000
中能被
7
整除的有
186
个,能被
49
整除的
26
个,能被
343
的有
3
个。所以< br>k
的最大值是
186263215



71.【★★★★】求下式约简后的分母:
LL

26262626

【分析】分子有
50251263197< br>个
2
相乘,有
33113148

3
相乘,
分母有
100

2
相乘,
50

3
相乘,
约简完分母为
2
3
3
2
72



72.【★★★★】任意一个自然数
n
,当
n
为奇数时,加上
121
;当
n
为偶数的时候,除以
2
。算一次操作。现在对于572
连续进行这种操作,在操作过程中是否能出现
100
?为什么?

【分析】
572286143264


1326633154771989922011055


17688442211132

出现循环,并没有出现
100
,所以不能出现
100






73.【★★★★】肖红家的电话号码是个 七位数。将前4位组成的数与后三位组成的数相加,得到7088;将前三位组
成的数与后四位组成的数 相加,得到1922。肖红家的电话号码是______。

【分析】设七位数为
abcdefg,
由题意有:
ab
e
70
c
f
8
d
g
8
a
e
9
b
f
2
c
g
2
(1) (2)
d
1

由(2)式知,
d1
;在由(1)式知,< br>g7
;再由(2)式知,
c5
……依次可得,
f3
,< br>b8

e2

a6

abcdefg,
=6851237。
74.【★★★★】已知两个自然数,每一个除以它们的最大公约数所得的商之 和等于
18
,而这两个数的最小公倍数是
975

则这两个数分别是 _______、_______。

【分析】
97535513
。因为在
975
的质因数中,只有
51318

所以这两个数的最大公约数为
975(513)15

这两个数分别是
15575

1513195


75.【★★★★】
2004

6

2
日是小红的
11
岁生日。爸爸在
2004
的前边和后边各添了一个数字,组成了一个六位数。< br>
这个六位数正好能同时被她的年龄数、出生月份数和日期数整除。求这个六位数。

【分析】设这个六位数是
a2004b

能被
2
整除,则
b
为偶数,
能被
6
整除,则
ab
能被
3
整除,
能被
11
整除,则
a4b2

a411b2

满足条件的解有:
a2b4

a9b0

所以这个六位数是
220044

920040

76.【★★★ ★】在
200

300
之间,有三个连续自然数,其中。最小的能被
3
整除,中间的能被
5
整除,最大的能被
7
整除,那么,这样的三个 连续自然数是 。

【分析】 运用中国剩余定理,可求出满足条件的三个连续自然数为:
264

265

266



77.【★★★★】先任 意指定
7
个整数,然后将它们按任意顺序填入
27
方格表第一行的七个方格 中,再将它们按任意
顺序填入方格表第二行的芳格中。最后,将所有同一列的两个数之和相乘。那么,积 是 数。 (填奇或偶)。

【分析】 运用假设法,带入
1,2 ,3,4,5,6,7

7
个整数计算。可得知积应为偶数。


78.【★★★★】将一个三位数的个位数字与百位数字对调位置,得到一个新的三位数。已知这两个三 位数的乘积等于
52605
,那么,这两个三位数的和等于 。

【分析】
526053357167105501
,所以这两个三位 数的和等于
105501606






7741
余 。 79.【★★★★】
777
14243
1996个7

【分析】 观察找规律,
741□7

7741□36

77741□39

777741□28

77777 41□0

77777741□7
…… 每
5
个一循环,所以
19965399L1

7



80.【★★★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级04~05学年一学 期第三次随堂测试第9题)(85)
N
是(7)
N
的1
1倍,则(3 38)
N
=____________。

【分析】
(85)
n
8n5

(7)
n
7

根据题意得:
8n57
n=9

338
n
39
2
398278


81.【★★★★】101个连续的非零自然数的和恰好是四个不同的质数的积,那么这个最小的和应该 是_______

【分析】 设这个自然数为
a
,则101个连续自然数的和为:

a
+(
a
+1)+(
a
+2)+……+(
a
+100 )
=(
a
+
a
+100)×101

2

=(
a
+50)×101
因为101是质数,所以
a
+50必须是3个质数的乘积,要是和最小。
那么
a
+50=66=2×3×11,所以和最小为66×101=6666。


&&
82.【★★★★★】设

,b,c
是0 ~9的数字(允许相同),将循环小数

化成最简分数后,分子有 种不同情
况.

&&
【分析】 =

abc
,显然 只要
abc
与999互质,就构成了最简分数,所以最简分数的分子可以是所有小于999且与
999

999999999


999互质的数,这样 的数一共有
999

648
个.如果
abc
与999 不互质,那么
abc
的质因
37337

3
数当中,如 果质因数3不多于3个,质因数37多于1个,那么
abc
约分后是分子还是与999互质的数 (已被
999
统计过);如果
abc
的质因数当中,如果质因数3多于3个, 质因数37多于1个(这种情况肯定没有因为37
的平方大于999), 质因数3多于3个,那么约分 过程当中,分子分母至少约掉27,所剩下的分子不会大于
999
37
,所以凡是不 大于37的分子都可能有它的27倍约分而来,其中的3、6、9、……、36这12个数都
27
是可能的分子.所以一共有648+12=660个


83.【★★★★★】( 2002年一零一培训学校六年级计算机素质培训班结业检测题二试解答题第5题)101中学的老师和
和学生到圆明园参加植树活动,在圆明园的一条笔直马路的一边共植11棵树,且每相邻的两棵树间隔3米,不妨 可以


看作一条直线从0点起每隔3米,如果把3块“爱护树木”的小木牌分别挂在3棵树上,老师说可以证明至少 有两棵
树它们之间的距离是偶数米。老师说法对吗?要是不对,试举出反例。要是对了,试说明理由。
0
3
6
9
730


【分析】 对。因为 第一块小木牌与第二块小木牌的距离可能是3的奇数倍(奇数米)或是3的偶数倍(偶数米),偶数
米则 达到要求。同样第二块小木牌与第三块小木牌的距离可能是3的奇数倍(奇数米)或是3的偶数倍(偶
数 米),偶数米则达到要求。当第一块小木牌与第二块小木牌的距离是奇数米,第二块小木牌与第三块小木牌
的距离是奇数米时,第一块小木牌与第三块小木牌的距离就是偶数米。所以至少有两棵树它们之间的距离是偶数米。


84.【★★★★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级0 4~05学年一学期第三次随堂测试第14题)
abc
是一个三位数,由a、b、c三个数字 组成的另外5个三位数之和为2743,那么三位数
abc
是多少?

【分析】 根据题意得:
acb
+
bac
+
bca
+
cab
+
cba
=2743

abc
+
acb
+
bac
+
bca
+cab
+
cba
=2743+
abc

222×(
abc
)=2743+
abc

因为3≤
abc
≤27

2743

222≈12
222×14=3108=2743+365 (3+6+5=14)


85.【★★★★★】(2003年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛附加题第2题)甲、乙、丙三个班的 同学为国庆游
行队伍做红花.其中甲班有1人做6朵,有2人各做7朵,其余每做11朵;乙班有1人做 6朵,有3人各做8朵,其余每人
做10朵;丙班有2人各做4朵,6人各做7朵,其余每人做9朵.已 知甲班做花总数比乙班多28朵,乙班比丙班多101朵,
且每班做花总数在400朵至550朵之间. 问每班各有多少人?

【分析】 根据题意可知,甲班每人11朵,缺(11-6)×1+(11-7)×2=13朵
乙班每人10朵,缺(10-6)×1+(10-8)×2=10朵
丙班每人9朵, 缺(9-4)×2+(9-7)×6=22朵
解:设甲班有
x
人,乙班有
y
人,丙班有
z
人,可得:

11x1310y1028

11x10y31


解得

,得
11x9z120

10y 109z2210110y9z89

解得
x
=51,
z
=49,
y
=53。


86.【★★★★★】在一次 马拉松长跑比赛中,有100位选手参加.大会准备了100块标有整数1到100的号码布,分
发给每 位选手.选手们被要求在比赛结束时,将自己号码布上的数字与到达终点时的名次数相加,并将这个和数交上去.问这交上来的100个数字的末2位数字是否可能都不相同?请回答可能或不可能,并清楚地说明理由. 注:没有同
时到达终点的选手.




【分析】 (解一)不可能,因为从
1:100
选出
1
个加上从
1:100
选出
1
个,结果可能是
2:200
,共

199
种情况,一旦确定一个数,如< br>11
,那么
2

102
就不能再出现,即确定一个数就减少 两种情况,那么
确定
100
个数就需要
200
种情况,本题只有199
种情况,所以不可能.
(解二)不可能,末2位数字都不相同说明
00:99
各有一个.而
000102LL994950
,末2位 数字

50
.所有选手身上和号码布上的号码总和应该为:
(12LL 100)210100
,末2位数字为00.


87.【★★★★★ 】已知
n
是正整数,规定
n!12g

m1!12! 23!3g
则整数
m
除以
2008
ggn

gg2007!2007

的余数为( )

【分析】 (解一)
(1!12!2)3
余数是
2


(1!12!23!3)4
余数是
3


(1!12!23!34!4)5
余数是
4


(1!12!23!34!45!5)6
余数是
5


LL

(1!12!23!34!45!5LL2007!2007)2008
余数是
2007

(解二)
1!12!23!3
LL
2007!2007

1!(21)2!(31)3!(41)
LL
2007!( 20081)

2!1!3!2!4!3!
LL
2008 !2007!
2008!1


200 8
能够整除
2008!
,所以
2008!1
的余数是
20 07


88.【★★★★★】如果一个正整数的十进制表示中,任何两个相邻数字的 奇偶性不同,则称这个正整数为“交替数”,
若正整数
n
至少有一个倍数为“交替数” ,则把
n
称为“好数”.

(1)80
是“好数”吗?说明理由.

(2)
证明:
2008
是“好数”.

(3)
证明:所有与
10
互质的正整数都是“好数”.

【分析】 (1)
80
的任何倍数的十位和个位都是偶数.
(2)
200824016
,前两位都是偶数,用
251000
“改造”千位,
“改造”十万位和万位,
4016251000255016
.万位和千位都是 奇数,
25100002550162765016
,满足条件.
(3)首先证 明任意一个与
10
互质的数都有倍数可以写成“
99…99
”的形式, 证:设这个与“
10
”互质的数是
A
,取
A
个不同的自 然数
n
,求
10
n

A
除所得的余数,根据抽屉原 理,必
有两个余数相等,将余数相等的两个被除数相减,则可得到“
99L900L0
”,这个数能被
A
整除,由

A

10
互质,所以 去掉末尾的
0
后,剩下的
99L9
仍是
A
的倍数,设这个数 由
m

9
构成,即写成
99
L
3
9
,将这个数重复写两遍得到
12
mn9
L
3
0100
L
3
0100
L
3
0
LL
100
L
3
0100
L
3
01
(能被
11
999
L
4
99
,它也是
A
的倍数,将它除以
11
,再乘以
100
1212121212
1423
n0m1n02m1n0m1n 02m1n0
2mn9
1
2m
4
1
44
2444442444
2
444443
10
n
100
L< br>0
整除),得到
909090
,所以
A
是“好数”.
1442
L
4
90909
43
,这个数仍然是
A
的倍数,并且是“交替数”
22m-1n90






89.【★★★★★】
2002
名学生成一横排 ,第一次从左至右
1

3
报数,第二次从右至左
1

5
报数,两次报的数之和
等于
5
的学生有 名。

【分析】
31231231231

2L5432154321< br>观察找规律,从右边起,每隔
15
个数打一包,一
包里有
3
名 同学符合条件。总共能打
200215133L7
所以满足条件的学生共有
13333402
名。


90.【★★★★★】三个连续正整数,中间一个是完全平方数,将这样的三个连续正整数的积称为“美
妙数”。问:所有小于
2008
的美妙数的最大公约数是多少?

【分析】
60345
是一个美妙数,因此美妙数的最大公约数不会大于
60
。任何三个连续正整数,必有一个能为
3

除,所以,任何美妙数必有 因子
3
。若中间的数是偶数,它又是完全平方数,必定能为
4
整除;若中间的 数
是奇数,则第一和第三个数是偶数,所以任何美妙数必有因子
4
。另外,由于完全平 方数的个位数字只能是
0

1

4

5

6

9
,若其个位是
0

5
,则中间的数 能被
5
整除;若其个位是
1

6
,则第一个数能被
5
整除;若其个位是
4

9
,则第三个数能被
5
整 除。所以,任何美妙数必有因子
5
。由于
3

4

5
的最小公
倍数是
60
,所以任何美妙数必有因子
60
,故 所有美妙数的最大公约数至少是
60
。综上,所有美妙数的最大
公约数既不能大于60
,又至少是
60
,所以,只能是
60



91.【★★★★★】称能表示成
123Lk
的形式的自然数为三 角数。有一个四位数
N
,它既是三角数,又是完
全平方数。则
N
_ 。


【分析】依题有
123Lka
2
,即
k(k1)2a
2
。因为
k

k1
是两个 连续自然数,其中必有一个奇数,有奇


相邻偶数相邻偶数相邻偶数
又由相 邻自然数互质知,“奇数”与“”也互质,于是奇数
m
2

a
2

n
2
22
2

amn
),而a
2
为四位数,有
32a99
,即
32mn99,又
m
2

2n
2
相邻,有
7m12。当
m7
时,
m
2
49
,相邻偶数为
50
时,
n5
满足条件,这时
a
2
(75)
2< br>1225
,即
N1225
;当
m9
时,
m2
81

相邻偶数为
80

82
都不满足条 件;当
m11
时,
m
2
121
,相邻偶数为
1 20

122
都不满足条件。所以,
N1225



92.【★★★★★】两数乘积为
2800
,而且己知其中一数的约数个数 比另一数的约数个数多
1
。那么这两个数分别是
___________、_____ ______。

【分析】
28002
4
5
27
,由于其中一数的约数个数比另一数的约数个数多
1
,所以这两个数中有一个 数的约数为奇
数个,这个数为完全平方数。故这个数只能为
2
4

5
2

2
4
5
2
。经检验,只有两数分别为
2
4

5
2
7
时符合
条件,所以这两个数分别 是
16

175


93.【★★★★★】七张卡片,分 别写上
1,2,3,L,7
。用它们分别排成没有重复数字的七位数
A
B
。问能不能做到使
B

A
整除,说明理由。

【分析】 假设
B

A
整除,
BA
整除所得的商 只能是
2:6

由于
1,2,3,L,7

7
个 数任意排列都不能被
3

6
整除,
BA
所以得到的商不能 是
3

6
,只能是
2

4
或者
5




如果商是
5
,则
B5A

A B6A

3
的倍数,那么
A
的各位数字之和和
B
的各位数字之和的和能被
3

除。但
A
的各位数字之和和
B
的各位数字之和的和为
(123L7)256
不能被
3
整除,矛盾。这说明
BA
所得的商不能是
5
。类似分析可知商为
2
也不成立。
如果商是
4
,则
B4A

BA 3A
。由于
B
的各位数字之和与
A
的各位数字之和相等,那么
B

A
的差除

9
的余数等于
B
的各位 数字之和与
A
的各位数字之和的差除以
9
的余数,为
0
。即
BA
能被
9
整除。那么
3A
能被
9
整除 ,即
A
能被
3
整除。但
A
不能被
3
整除, 矛盾。所以
BA
所得的商不能是
4

综上分析,可知不能做到使
B

A
整除。

94 .【★★★★★】用
2,3,4,5,6,7
这六个数码组成两个三位数
A

B
,那么
A

B

540
这三个数的最大 公约数最大可
能是___________。

【分析】
54022
3
3
5

A

B

5 40
这三个数的最大公约数是
540
的约数。
540
的约数从大到小 排列依次为:
540,270,180,135,108,90,L
。由于
A

B
都不能被
10
整除,所以
540,270,180
都不 是
A

B
的约数。由于
A

B
不能同时被
5
整除,所以
135
不是
A

B
的公约数 。而当
A

B
分别是
432

756
时,
A

B

540
这三个
数的最大公约数为
108
,所以
A

B

540
这三个数的最大公约 数最大可能是
108

95.【★★★★★】各位数字和等于
50
且能被
4
整除的
6
位数共有多少个?

【分析】数字
9,9,9,9,8,6
组合有
5
个,
数字
9,9,9,8,8,7
组合有
4
个,
数字
9,9,8,8,8,8
组合有
6
个,
共计
15
个。

96.【★★★★★】所有
3
的方幂以及互不相等的的方幂的和排成一个递增的数列:

1,3,4,9,10,12,13,...
求这列数的第
100
项。

【分析】如果将这些数用三进制表达,那么这个数列是1,10,11,100,101,1 10,111,……,这列数和二进制数列
1,10,11,100,101,1110,111,…… ,“表面形式”是一样的,二进制的序列是连续的整数序列其第100
个数是1100100,所以三进 制数列中第100个数的形式也是“1100100”但它化作十进制是
3
6
35
3
2
981

而不是100。所以这列数的第100项是 981

97.【★★★★★】8是4的倍数,9是3的倍数,8与9是相邻的自然数;15 是3的倍数,16是4的倍数,15与16
是相邻的自然数。如果将8,9或15,16看作一组,那么 在1~100中共有 组相邻的自然数,一个是3的倍数,
另一个是4的倍数。

【分析】3×4=12。在自然数序列中,具有此性质的情况每12个数重复一次。在1~12中有(3 ,4)(8,9)两组,100÷12=8……4。
所以1~100中共有2×8+1=17(组)。


98.【★★★★★】某幼儿园分大、中、小三个班,小班人数最少,大班比小班 多6人,中班共27人,已有25筐苹果
分给他们,每筐苹果数大约在50~60之间不等。已知苹果总 数的个位数是7,若每人分19个,则苹果数不够;若大
班每人比中班每人多分1个,中班比小班每人多 分1个,则苹果刚好分完。那么大班每人分 个苹果,小班有
人。

【分析】设大、中、小三班共有
x
人,中班每人分
y
个苹果。
因为大班每人

y1

个苹果,小班每人

y1

个苹果,且大班比小班多6人,所以如果减少6个苹果,大、



小班平均每人
y
个苹果。由此推知苹果总数为< br>
xy6

。因为“每人分19个苹果,则苹果数不够了”,所以
y 19

因为小班人数最少,中班有27人,所以总人数

x2627

266

85

苹果总数在(50×25)与(60×25)之间,即

1250xy61500

12441244
14.6

x85

14.6y19

y
是整数 知,
15y18

xy1244


xy1244
,可得
y

x

1244
1244

69

y
18

69x85
知,
70x85



xy6

的个位数是7,推知
xy
的个位数 是1,由1×1=l,3×7=21,9×9=81及15≤y≤18推知,
y17

x

个位数是3,
x
只能是73或83。

x73
,则苹果总数
xy67317612471250

不合题意。 若
x83
,则苹果总数:
xy6831761417
符合题意。大班每人分苹果
y118
个,小班有(83-27—6)÷2=25(人) 。

99.【★★★★★】一个正整数若能表示为两个正整数的平方差,则称这个数为“智慧 数”,比如16=
5
2
3
2
,16就是一
个“智慧数”, 那么从1开始的自然数列中,第2003个“智慧数”是_______。


【分 析】
a
2
b
2
=

ab

ab

。因为

ab



ab< br>
同奇同偶,
所以“智慧数”是奇数或是4的倍数。
对于 任何大于1的奇数
2n1
(
n1
),当
an1
,< br>bn
时,都有

a
2
b
2=
(n1)
2
n
2
=
2n1

即任何大于1的奇数都是“智慧数”。
对于任何大于4的4的倍数
4n
(
n2
),当
an1

bn1
时, 都有

a
2
b
2
=
(n1)
2
(n1)
2
=
4n

即任何大于4的4的 倍数都是“智慧数”。除了1和4以外,非“智慧数”都是不能被4整除的偶数,反之亦然。也就是说,
3
。2003
4
÷号≈267l,因2672÷=668。再加上1和4这两个非“智 慧数”,在1~2672中共有非“智慧数”668+2=670(个),有“智慧数”
2672-67 0=2002(个)。所以第2003个“智慧数”是2673。

100.【★★★★★】如2
n
-1能被31整除,那么自然数n应满足什么条件?

除了1和4以外,任何连续的4个正整数,都有3个“智慧数”和1个非“智慧数”。“智慧 数”约占全部正整数的
【分析】 31=11111
(2)


2
n
20000L0000
(n个0)

2
n
120000L0000
(2)
1
=
1000 0L0000
(2)
(n个0)



2
n
-1能被31整除,那么n是5的倍数即可。

应用题


1.【★★】有一座粮仓,先把存粮总数的
粮仓原来存粮多少吨?

【分析】 设粮仓原来存粮
x
吨,得:
2

33
吨的粮食运走,然后又运进
143
吨。这时,粮仓存粮比原来增加
15%
,< br>5
2

x(1)33143x(115%)

5
3
x1761.15x

5
0.55x176

x320

即粮仓原来存粮
320
吨。


2.【★★】一个直角梯 形的周长是
96
厘米,两底和是两腰和的
2
倍,两腰之比为
3:5< br>,求这个梯形的面积。

【分析】 两腰和为:
96(12)32(厘米),两底和为:
32264
(厘米),与两底垂直的腰长为:

32
3
,梯形的面积为:
64122384
(平方厘米)。
12
(厘米)
35


3.【★★】一班和二班的人数 比是
8:7
,如果将一班的
8
名同学调到二班去,则一班与二班的人数比变为
4:5
,求原来
两班各有多少人?

【分析】设原来一班有
8x
人,得:
(8x8):(7x8)4:5

5(8x8)4(7x8)

40x4028x32

12x72

x6

原来一班有
8x8648
(人),
原来二班有
7x7642
(人)。


4.【★★】加工某 种零件,甲
3
分钟加工
1
个,乙
3.5
分钟加工
1
个,丙
4
分钟加工
1
个。现在三人在同样的时间内一共
加工
3650
个零件。问:甲、乙、丙三人各加工多少个零件?

【分析】 设甲、乙、丙都加工了
x
分钟,得:
111

xxx3650

33.54

28x24x21x365084


73x365084





x36507384


x4200

甲加工了:
420031400
(个),
乙加工了:
42003.51200
(个),
丙加工了:
420041050
(个)。


1
5. 【★★】红星小学二年级原有少先队员是非少先队员的,后来又有
39
名同学加入了少先队,这 样,少先队员的人
3
数是非少先队员的
7
。红星小学二年级有学生多少人?
8

【分析】 此题二年级的总人数不变,利用比例解题。
原来的人数比为:
1:315:45

现在的人数比为:
7:828:32

39(2815)3

所以,总人数为:
3(1545)180
(人)。

4
3
6.【★★】阅览室看书的同学中,女生占。从阅览室走出
5
位女同 学后,看书的同学中,女生占。原来阅览室一
7
5
共有多少名同学在看书?


【分析】此题男生人数不变,原来女生人数为男生人数的
34
,走出
5
位女同学后,女生人数为男生人数的,所以男
23
343
生人数为:5()30
(人),原来的总人数为:
30(1)75
(人)。
232


7.【★★】甲、乙、丙、丁一共做了
370
个 零件,如果把甲做的个数加
10
个,乙做的个数减去
20
个,丙做的个数乘以
2
,丁做的个数除以
2
,四人做的零件正好相等,那么乙实际上做了____ ______个零件。

【分析】 此题是典型的和倍问题。
(3701020 )(2214)40
,乙做了
40220100
(个)。


4
1
8.【★★】甲、乙两人分别有人民币若干元,甲比乙多,当甲借给乙
9
元时,乙反比甲多,甲、乙两人原来各有
5
3
钱多少元?

【分析】 原来甲的钱占两人总钱数的
45
,当甲借给乙
9
元后,甲的钱占两人总钱数的,所以,原来两人总钱数为:
714
454
,甲原有钱 数为:
4224
(元),乙原有钱数为:
9()42
(元)
7147

422418
(元)

9.【★★】二年级两个班共有学生
90
人,其中少先队员有
71
人,又知一班少先队员占全班人数的

3
,二班少先队员
4



占全班人数的

5
,求两个班各有多少人?
6
35
【分析】 设一班有
x
人,得:
x(90x) 71
,解得
x48
。即一班有
48
人。
46
二班有:
904842
(人)。


1 0.【★★】甲、乙、丙、丁四个人组成代表队参加数学比赛,甲得了
88
分,丙得了
85
分,丁得了
90
分,乙的分数比
四个人的平均分多
4
分 ,则乙的成绩是多少?

【分析】 设乙的成绩为
x
分,得:
(8 88590x)4x4
,解得
x93



1
11.【★★】某班
43
名同学,其中
3
名男生和女生的去参加 书法比赛,剩下的男生比女生少
5
人,则这个班男、女生
5
分别是多少人?

1
【分析】 此题可利用和倍问题解题。女生人数为
(4335)( 11)25
(人),男生人数为:
5

432518
(人)




12.【★★】 小明上学期语文得
78
分,地理得
82
分,历史得
80
分, 自然得
60
分。又知数学成绩比平均分多
12
分,外
语成绩比平均分 少
4
分,小明上学期这六科的平均成绩是多少分?

【分析】 设小明上学 期这六科的平均成绩是
x
分,得:
(78828060x12x4) 6x
,解得
x77


13.【★★】甲、乙两个班共种树若干棵,已知甲班种的棵数的
甲、乙两个班各种树多少棵?

1
1
等于乙班种的棵数的,且乙班比甲班多种树
24
棵,
4
5
11
【分析】 甲、乙两班种树棵数之比为:
:4:5
,甲班种树棵数为:
24(54)496
(棵),乙班种 树
54
棵数为:
24(54)5120
(棵)。


14.【★★】一本书,已看了
130
页,剩下的准备
8
天看完。如果每天看的页数相等,
3
天看的页数恰好是全书的
这本书共有多少页?

【分析】 剩下的页数占总页数的

15.【★★】一个学校参加兴趣活动 的学生不到
100
人,其中男同学人数超过总数的
5

22
52020

38
,这本书的总页数为:
130(1)330
(页)
223333
42
,女同学的人数超过总数的。
75



问男女生各多少人?

41
57

77
2
女生人数大于
10040

5
所以男生
58
人,女生
41
人。
【分析】男生人数大于
100


16.【★★】俱乐部全体会员 选举俱乐部主任,候选人是王燕和张翔。每个会员只能选一名候选人,不得弃权。结果王
燕以高出张翔< br>20%
的票数当选。事后,张翔一算,“如果当时有
4
人改投我的票,我就会以
1
票的优势当选了。”这次
选举张翔得了多少______票。

【分析】
4137
,张翔得了
720%35
(票)。


17.【★★】(
2002
年一零一培训学校六年级计算机素质 培训班结业检测题二试第
9
题)
把浓度是
95%
的酒精
600
毫升,稀释成浓度为
75%
的酒精,需加入多少毫升蒸馏水?

【分析】
60095%75%600160
(毫升)


18.【★★】(
2003
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷第
4
题)


25
克的白糖放入空杯中,倒入
100
克白开水,充分搅拌后,喝去一半糖水。又加入
36
克白开水,若使杯中的糖水喝
原来 一样甜,需加入多少克白糖?

【分析】 喝去一半糖水,白糖和水的比值不变。所以需要加糖:
36


19.【★ ★】有长度相等粗细不同的两根蜡烛,一枝可以燃烧
4
小时,另一只可以燃烧
5
小时.同时点燃,同时熄灭,
余下的长度一支是另一只的
4
倍.蜡烛点燃了__小时 __分.

【分析】 设点燃
x
小时,得
3
11

(1x)(1x)4

x3

3
小时
45

4
54


1
9
(克)
4
1
20.【★★】乙两个书架,已知甲书架有
600
本书,从甲书架借出,从乙书架借出
75%
以后,甲书架是乙书架的
2

3
还多
150
本,乙书架原有多少本书?

1
【分析】
(600600150)2(175%)500
(本)
3
1
1
21.【★★】梨和苹果共
88
个,梨
0.5
元一个,苹 果
0.7
元一个。买梨的和苹果的需
15
元,买下全部梨和苹果
4
3



需 元。

【分析】 由题目提供信息可设梨
x
个,则苹果为
(88x)
个,可列方程:
11
0.5x0.7(88x)15

34
解的:
x48


22.【★★】王老板以
2
元个的成本买入菠萝若干个,按照定价卖出了全部菠萝的
4
后,被迫降价为:5
个波萝只卖
2
5
元,直到卖完剩下的波萝,最后一算,发现居然不亏也 不赚,那么王老板一开始卖出波萝的定价为______元个.

114
【分析】
(522)(5)2.4

555


23 .【★★】某校三年级原来男、女生人数之比是
5:7
,第二学期又转来
5
名 男生,则男、女生人数之比就为
3:4
,问原
来有男、女生各多少人?

【分析】 第二学期男人与第一学期男生的人数比为
男:
5(


3521


4720
215
1)100
女:
100140

207
7
,并且比一班多
3
人,六年级共有
20
24.【★★】小学六年级有三个班,一班和二班人数相等,三班的人数 是全年级的
多少人?

7

7

3

(1)2

120
(人)【分析】 ,六年级共有120人.
2020



3
25.【★★】菜地里黄瓜得到丰收, 收下全部的时,装满了
4
筐还多
36
千克,收完其余的部分时,又恰好装满< br>8
筐,
8
求共收黄瓜多少千克?

35
【分析】 ,共收黄瓜576千克.
36(84)576
(千克)
88


26.【★★】仓库里有一些货物,第一次运出全部的
吨货物,这批货物共有多少吨?

2121

2
120

1(1) 

720
【分析】
5253

5
21< br>1
,第二次运出剩下的,第三次比第一次少运,这时还有
120
52
3





27.【★★】一本书,已看了
130
页,剩下的准备
8
天看完.如果每天看的页数相等,3天看的页数恰好是全书的
这本书共有多少页?

5

22
5
,这本书共有330页.
38)330
(页)
22
28.【★★】食堂有一桶油,第一天吃掉一半多
1
公斤 ,剩下的油,第二天吃掉一半多
2
公斤,再剩下的油,第三天又
吃掉一半多
3
公斤,最后桶里还剩下
2
公斤,问桶里原有多少公斤的油?

【分析】 此题是典型的还原问题,也就是倒推。
【分析】
130(1


(23)22

21

250

29.【★★】某厂向银行申请甲、乙两种贷款共
40
万元,一年后一次性还清, 需付利息
5
万元,甲种贷款年利率为
14%

乙种贷款年利率为12%
。 请问该厂申请甲、乙两种贷款各多少万元?

【分析】 这个题目可利用鸡兔同笼的思想来解决,也可以用方程。
(4014%5)(14%12%)30

30.【★★】某种牙膏原价
15
元一盒,为了促销,降低了价格。销量增加了二倍,收入增加了五分之三,则一盒牙膏降价 元。

【分析】 常用的“设而不求法”
3
设原来可卖
a
盒。则现在应该卖
2a
盒。则现在的收入是:
15a (1)24a


5
那么现在的价格是:
24 a2a12
。所以一盒牙膏降价:
15123


31.【★★】甲、乙、丙三个小朋友去买雪糕,如果用甲带的钱去买三根雪糕,还差
0.63元,如果用乙带的钱去买三根
雪糕,还差
0.8
元;如果用三个人带的钱去买三根 雪糕,就多了
0.27
元;已知丙带了
0.41
元,那么买一根雪糕要用
元。

【分析】 因为每次都是买三根,所以可知:甲
0.63
=乙
0.8
=甲




0.27< br>。
所以每根雪糕:
(0.630.80.410.27)30.25
32.【★★】有长度相等粗细不同的两根蜡烛,一枝可以燃烧
4
小时,另一只可以燃烧< br>5
小时.同时点燃,同时熄灭,
余下的长度一支是另一只的
4
倍.蜡烛 点燃了__小时__分.

【分析】 设点燃
x
小时,得
3
11

(1x)(1x)4

x3

3
小时
45

4
54

1
1
33.【★★】有
120
个 皮球,分给两个班使用,一班分到的与二班分到的相等,求两个班各分分到多少皮球?
2
3

【分析】 一班与二班球数比
3:2

3
甲:
12072
乙:
1207248

32





34.【★★】二年级两个班共有学生90
人,其中少先队员有
71
人,又知一班少先队员占全班人数的
占全班 人数的

3
,二班少先队员
4
5
,求两个班各有多少人?
6
553
【分析】 一班:
(9071)()48
(人)
664
二班:
904842
(人)

35.【★★★】把金放在水里称,其重量减轻
11
,把银放在水里称,其重量减轻.现有一 块金银合金重
770
克,放
1910
在水里称共减轻了
50
克,问这块合金含金、银各多少克?

【分析】
770
1119

77


101019190
9
570
银:
770570200

190
金:
(7750)

36.【★★★】将一堆糖果全部分给甲、乙、丙三个小朋友 ,原计划甲、乙、丙三人所得糖果数的比为
5:4:3
.实际上,
甲、乙、丙三人所得 糖果数的比为
7:
其中有一位小朋友比原计划多得了
15
块糖果.那么这个小 朋友是____(填“甲”
6:5

“乙”或“丙”),他实际所得的糖果数为___ _块.


【分析】 原计划:
5:4:315:12:9

实际:
7:6:514:12:10

所以丙比原来多
15
块.
1095

15150

141210765


37 【★★★】某店原来将一批苹果按
100%
的利润定价出售,由于定价过高,无人购买,不得不 按
38%
的利润重新定
价,这样售出了其中的
40%
.此时,因害怕 剩余腐烂变质,不得不再次降价,售出了全部剩余的水果,结果,实际获
得的总利润是原定价利润的302%
,那么第二次降价后的价格是原定价的多少? 注:“按100的利润定价”指的是
“利润=成本×
100%
”.

【分析】 第二次的利润:
(30.2%38%40%)(140%)25%

降价后的价格是原订价的:
(125%)(11100%)


3 8.【★★★】我国某城市煤气收费规定:每月用量在
8
立方米或
8
立方米以 下都一律收
69
元,用量超过
8
立方米的
除交
69元外,超过部分每立方米按一定费用交费,某饭店1月份煤气费是
8226
元,
8
月份煤气费是
4002
元,又知
7

8
月份煤 气用量相当于
1
月份的,那么超过
8
立方米后,每立方米煤气应收多少元?
15


5

8



78


1515
7

每立方米煤气应收:

(82.2640.02)(1)( 82.266.9)

80.48
(元)
15

【分析】
8
月份煤气比一月份少
1


39.【★★★】有两筐桔子,如果从甲筐取出
10
千克给乙筐,则两筐重 量相等;如果两筐各取出
10
千克, 则甲筐剩下
1
重量的
30%< br>比乙筐剩下重量的多
5
千克,乙筐原有桔子多少千克?
3

【分析】 (解一)设甲筐
x
千克,得 乙筐
10x10
乙筐
x20

1

30%(x10)(x2010)5

3

x60

x2040

(解二)甲筐比 乙筐多
20
千克,各取
10
千克以后,甲筐依然比乙筐多
20
千克.
甲筐剩下的
30%
比乙筐剩下重量的
30%
30%206
(千克),比乙筐剩下重
1
1
量的多5千克.乙筐剩下的重量为:
(65)(30%)30
(千克)
3
3
乙筐原有桔子
301040
(千克)


11
40.【★★★】把一堆皮球分装在四个盒子里,其中放入甲盒,放 入乙盒,放入丙盒的皮球是甲、乙两盒皮球总数
53

的%
75%
, 丁盒放入
10
个皮球,这堆皮球一共有多少个?(河北省第三届小学数学竞赛决赛第一试试题)

112
【分析】 放入丙盒的球数相当于皮球总数的
()75%

535

1111

皮球一共有:
10

1()75%

150
(个)

5353


21
1
41.【★★★】学校将一 批糖果发给甲、乙、丙、丁四小班,先将全部糖果的再减去千克给甲班,再把余下的加
34
3< br>上
11
千克给乙班,又把余下的一半给丙班,最后把剩余的一半加上千克给丁班,这时学 校还剩下
5
千克,这批糖果
22
有多少千克?(吉林省第四届小学数学邀请赛 试题)



1111

121
【分析】 ,这批糖果有44千克.


(5)

(1)
(1)44
(千克)
2222433




42.【★★★】A、B、C三个水桶的总容积是
1440
公升,如果A、 B两桶装满水,C桶是空的;若将A桶水的全部和B
11
桶水的,或将B桶水的全部和A桶水的 倒入C桶,C桶恰好装满.求A、B、C三个水桶容积各是多少公升?(长春市
53
外国语学校 招生试题)




11121114
【分析】
ABABA

ABABB

53533355

6
24617
AB

AB

CBBB

5
35555

B1440(1
67
)400
(公升)
55
6

A400480
(公升)
5
7

C400560
(公升)
5


11
,把银放在水里称,其重量减轻。现有一块金银合金重< br>770
克,放
1910
在水里称共减轻了
50
克,问这块合金 含金、银各多少克?

43.【★★★】把金放在水里称,其重量减轻
【分析】 设合金含金
x
克,则银有
770x
克。依题意,列方程得:
解得:
x570
,所以金有
570
克,银有
200
克。
11
x(770x)50

1910


44.【★★★】(
2003
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷第
8题)

果园收获一批苹果,按质量分为三等,最好的苹果为一等每千克售价
3. 6
元;其次是二等苹果每千克售价
2.8
元;最次
的是三等苹果每千克售价< br>2.1
元。这三种苹果的数量比为
2:3:1
。若将这三种苹果混在一起出售, 每千克定价多少元比
较适宜?

【分析】 设三种苹果的数量分别为
2千克,
3
千克,
1
千克。三种苹果混在一起出售,每千克定价应为:(3.622.832.11)(231)2.95
(元)。


45.【★★★】(
2003
年一零一中学入学摸底考试第
16
题)
1
某公司有的职员参加新产品的开发工作,后来又有
2
名职工主动参加,这样 参加新产品开发的职工人数是其余人数
5
1
的,原来有多少职工参加开发工作?
3

【分析】
2
名职工主动参加后,参加新产品开发的职工占总人 数的
1
。所以原来的总人数为:
4
1

11
< br>2



40
,原来参加开发工作的人数为:
408
(人)。
45
5



46.【★★★】(
2004年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷Ⅰ卷第
5
题)
某商店一天内卖出两 辆不同牌子的小汽车,每辆均售价为
16.8
万元,其中一种汽车按成本计算赢利为
2 0%
,另一种亏

20%
,这个商店卖这两辆是赔钱还是赚钱?钱数是多少?




【分析】 第一种汽车成本为:
16.8(120%)=14
, 第二种汽车成本 为:
16.8(120%)=21
,总成本为
1421=35
,总售< br>价为
16.8233.6
, 亏了
3533.61.4
(万元)


47.【★★★】(< br>2004
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷Ⅱ卷第
15
题)
小明到家具店买
2
张床和
1
个柜子,商家有两种优惠方案。
方案
1
:床按原价,柜子可半价收费;
方案
2
:床、柜都按原价的
80%
收费。
请你分析哪种方案更优惠?

【分析】 不妨设一张床售价为
M
元,一张柜子也为
M
元。
M
2.5M

2
方案二:
(MMM)80%2.4M
。所以方案二更优惠。
方案一:
MM



48.【★★★】(
20 02
年一零一培训学校六年级计算机素质培训班结业检测题一试第
2
题)
现 有甲、乙两箱红枣,每箱内装有
2002
个,若从乙箱拿出若干个红枣放入甲箱后,甲箱的红枣 个数恰好是乙箱的
2.5
倍,
那么,从乙箱拿到甲箱的个数是多少?


【答案】 利用总量不变,可得:乙箱现在红枣的个数为:
20022(12.5)1144
, 乙箱拿到甲箱的个数是:

20021144858
(个)


49.【★★★】(
2004
年北京一零一培训学校六年级结业考试题第
6< br>题)
1

12
名女生参加数学竞赛,剩下的男生人数是剩下的女生人 数的
2
倍,已知这个学校六年
11
级学生共有
156
人,则 这个年级有男生多少人?

某小学六年级选出男生的
【答案】 根据题意,剩下的女生为
55
男。而 男


12156
,解得:男
99

1111


50.【★★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级04~05
学年一学期第四次随堂测试第
9
题)
一商店把某种电器每台 按标价的八折出售,仍可获利
20%
。已知每台的进价为
2000
元,那么这 种电器每台的标价为多
少元?

【答案】
2000(120%)80%3000
(元)


51. 【★★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级
04~05
学年一学期第四次随堂测试第< br>10
题)
某商店购进一批小兔和小玩具共
51
只,已知小兔只数的< br>23
与小狗只数的相等,则购进小兔多少只?
34



兔9
23
9
【答案】 兔

狗, 推得

,所以兔子有
5127
(只)。
狗8
34
98
7
1
52.【★★★】某市举行有东、南、西、北四个区参加的小学数学竞赛。在参赛的人 数中,东区占,南区占西区
30
5
4111
占。比赛结束后统计,东区有的学 生获奖,南区有的学生获奖,西区有的学生获奖,而北区获奖的学生
15181416
1
占全部获奖者的。问:获奖学生人数占参赛学生人数的几分之几?
3

11171 1
【分析】东区获奖学生占参赛人数的

,南区获奖学生占参赛人数的


51890301460
41111121
西区获奖学生占参赛人数的

,获奖学生占参赛人数的
()

15166

2
1
53.【★★★】个没有盖的水箱,在其侧面高和 高的位置各有一个排水孔,它们排水时的速度相同且保持不变。现
3
3
在以一定的速度 从上面给水箱注水。如果打开
A
关闭
B
,那么
35
分钟可将 水箱注满;如果关闭
A
打开
B
,那么
40

钟可将 水箱注满。如果两个孔都打开,那么需要多少分钟才能将水箱注满?

1
【分析】
40355
说明有一个孔要注水箱的水则多需
5
分钟,
3

35530
说明无孔时注满水箱需
30
分钟,
两个孔都开相当于注水时水箱底有一个孔一直开着,所以注满水箱则多需,

5315
分钟 一共需要
301545
分钟。



54.【★★★】小明和小红只有
1
分和
2
分 的硬币。小明的
1
分硬币是小红
1
分硬币的
2
倍,小红的< br>2
分硬币比小明的
2

硬币多
26
枚。小明有
134
枚硬币,比小红多
13
枚。小明和小红的硬币的币值共______分。

【分析】小明的一分钱比小红多
261339
(个),
所以小明的一分钱有
39278
(个)小明的二分钱有
1347856
(个),
小明的币值为
78562190
(分),
小红的一分钱有
39
(个),
小红的二分钱有
5626 82
(个),小红的币值为
39822203
(分),
总币值为
190203393
(分),


55.【★★★】(
2002
年一零一培训学校六年级计算机素质培训班结业检测题一试第
5
题)
某同学在家看一本足球杂志,第一天看了全书的

150%
。这是还剩下全书 的

【分析】 前三天看了全书的
1
,第二天看了
24
页, 第三天看的页数是前两天看的总数
6
1
没有看,全书共有多少页?
4
3
,把前两天看的看作一个整体,为
1
份,那么第三天看的为
1.5
份,所以前两天看的占全
4
313

31

书的

。全书共有:
24



180
(页)
411.510

106






56.【★★★】(
2005~2006学年度一零一计算机综合素质培训学校第一学期期末测试Ⅰ第
3
题)
1
有三堆数量相同的棋子,第一堆的黑子与第二堆的白子一样多,第三堆的黑子占全部的黑子,所有的白子
3
占总数的几分之几?

【分析】 可以采用假设法。根据题意,可假设三堆棋子数 目具体为:第一堆一枚黑子一枚白子,第二堆一枚黑子一枚
白子,第三堆一枚黑子一枚白子。很明显可以 看出,白子占总数的二分之一。
57.【★★★】甲、乙、丙三人合作生产一批机器零件,甲生产的零 件数量的一半与生产的零件数量的五分之三相等,
又等于丙生产的零件数量的四分之三,已知乙比丙多生 产
50
个零件,问:这批零件共有多少个?

133
【分析】V

V

V


254
5
2

V


V< br>甲

V

V


6
3

52


50



300
(个),

63

所以甲生产
300
个,乙生产< br>250
个,丙生产
200
个,总数为
750
个。


58.【★★★】某厂向银行申请甲、乙两种贷款共
40
万元,每年需付利 息
5
万元。甲种贷款年利率为
12%
,乙种贷款
年利率为
1 4%
。该厂申请甲、乙两种贷款的金额各是多少?


【分析】
5
100%125%

40
甲乙两种贷款的金额比为

14%125%

:

12 5%12%

3:1

3

30
(万元)
4
乙贷款金额:
403010
(万元)。
所以甲贷款金额:
40


1
11
59.【★★★】水桶 中装有水,水中插有
A,B,C
三根杆子。露出水面的部分
A
是,
B
是,
C
是。三根杆子的长
4
35
度加起来是
98< br>厘米。问:水深多少厘米?

234
ABC

345

A:B:C18:16:15


A36

B32

C30

2
水深:
3624
(厘米)。
3
【分析】

60.【★ ★★】甲、乙、丙三人现在的年龄和是
50
岁,当甲的年龄是乙的一半时丙
26
岁,当乙的年龄是丙的一半时甲
5
岁。现在甲、乙、丙各几岁?

【分析 】
52220

20:26
之间的偶数只有
22
和< br>24
。当丙
22
时,则乙=11,甲=5,
一年以后甲=6,乙=12,丙=23与题意不符。所以丙=24,乙=12,甲=5。





50

24125

3
3
,现在丙27岁,乙15岁,甲8岁。

61.【★★★】商店决定将某种商品按照原价的
80%
卖出,这样所得利润就只有原 计划的
40%
。已知这种商品的进价
是每个
4
元,原计划可获利润< br>600
元,那么这种商品共有_______个。

【分析】实际利润:
60040%240
元,
原计划卖出:
(600240)(180%)1800
元,
成本:
18006001200
元,
商品个数:
12004300
个。


62.【★★★】动物 园门票大人
20
元,小孩
10
元。六一儿童节那天,儿童免票,结果与前一天 相比,大人增加了
60%

儿童增加了
90%
,共增加了
2 100
人,但门票收人与前一天相同。六一童节这天共有________人入园。

【分析】前一天大人与小孩的人数比为
1:(60%2)5:6

六一那天增加的大人与增加的小孩人数比为
560%:690%5:9

5
大人增加的人数为
2100750
人,
14
小孩增加的人数为
21007501350
人,
大人的总数为
75060%7502000
人,
小孩的总人数为
135090%13502850
人,

总人数为
200028504850
人。


63.【★★★ 】某公司准备将一笔从缺勤人员按每人罚款
100
元获得的资金,平均分发给全公司每个员工, 这样每人可

60
元。后来董事会决定,这笔资金只能分发给满勤人员,问:每个满勤 人员可得多少元?

【分析】缺勤人数与总人数的比为
60:1003:5

缺勤人数与满勤人数的比为
3:(53)3:2

2
满勤人员可得
100150
(元)。
3


64.【 ★★★】有
A,B,C
三个蜂呜器,每次持续呜叫的时问比例是
3:4:5
每 个蜂呜器每次呜叫完后
8
秒钟又开始呜叫。
最初三个蜂呜器川时开始呜叫,
1 4
分钟后第二次州时开始呜叫,此时
B
蜂呜器已是第
43
次呜叫了。 问:最初同时开
始呜叫后的多少秒
A

C
第一次同时结束呜叫?

【分析】
1460840

1460840

所以乙每次鸣叫持续:
20812
秒,
甲每次鸣叫持续
9
秒,丙每次鸣叫持续
15
秒,

9817

15823

23
391

A

C
第一次同时结束:
391838 3
秒。

17,




65.【★★★】甲、乙、丙三人去旅游,甲负责买车票,乙负责买食品,丙 负责买饮料。结果乙花的钱是甲的
花的钱是乙的


9
,丙
10
2
。根据费用均摊的原则,丙又拿出
35
元还给甲和乙。问:甲、乙分别 应得多少元?
3
923


1035
93
 
1

10

5

5
甲多拿;1




330



93

1
9

105

2 乙多拿:





10

330



525
,乙应得:
3525 10
(元)。
:5:2
,甲应得:
3525
(元)
303052
【分析】


66.【★★★】小明有一堆核桃,第一天他 卖了这堆核桃的七分之一;第二天他卖了余下核桃的六分之一;第三天他卖
了余下核桃的五分之一;第四 天他卖了余下核桃的四分之一;第五天他卖了余下核桃的三分之一;第六天他卖了余下
核桃的二分之一。 这时还剩下
30
个核桃,那么,第一天和第二天小明卖的核桃总数是__________个。

111111
【分析】 原有核桃的总数为:
30(1)(1) (1)(1)(1)(1)210
(个),第一天和 第二

234567
111
天卖的核桃总数为:
210210(1)6 0
(个)。
776
67.【★★★】一块长方形铁板,宽是长的
4
。从宽边截去
21
厘米,长边截去
35%
以后,得到一块正方形铁板。问原< br>5
来长方形铁板的长是多少厘米?

【分析】 设原长方形铁块的宽为
4x
厘米,则长为
5x
厘米。得:

4x215x(135%)


4x213.25x


0.75x21


x28

原长方形的长为:
5x528140
(厘米)。


68. 【★★★】某次演讲比赛,原定一等奖
10
人,二等奖
20
人,现将一等奖中 的最后
4
人调整为二等奖,这样得二等
奖的学生的平均分提高了
1
分 ,得一等奖的学生的平均分提高了
3
分,那么原来一等奖平均分比二等奖平均分多
__ ________分。

【分析】 设原来一等奖的平均分为
x
分,二等奖的平均分为
y
分,得:

10x(104)(x3)(204)(y1)20y


4x184y24


4x4y42


xy10.5




即原来一等奖平均分比二等奖平均分多
10.5
分。


69.【 ★★★】某市自来水收费标准如下:每户每月用
4
吨以下,每吨
1.80
元, 当超过
4
吨时,超过部分为每吨
3
元。
某月甲、乙两户共交水费26.40
元,用水量之比为
5:3
,问甲、乙两户各应交水费多少元?

【分析】此题的关键在于判断每户用水量的范围。
⑴当两户都不超过
4< br>吨时,水费最多为:
1.804214.40
(元),不满足条件。
⑵ 当甲超过
4
吨(设甲超过
x
吨),乙不超过
4
吨时,水费为 :
3
1.8043x1.80(4x)26.40

5< br>62
62378
,但是乙用水量为
(4)f4
,不满足条件。
17
17517
⑶所以甲、乙用水量均超过
4
吨,设甲用水量为5x
吨,得:
1.80423(5x4)3(3x4)26.40< br>,解得
x1.5

甲应交水费:
1.8043(51.54)17.70
(元)
解得
x
乙应交水费:
26.4017.708.70
(元)。

70.【★★★】某工厂金工车间有
77
个工人。每个工人平均每天可以加 工甲种零件
5
个,或乙种零件
4
个,或丙种零件
3
个。已知
3
个甲种零件、
1
个乙种零件和
9
个丙种零件恰好配成一套 。问:应安排生产甲、乙、丙三种零件各多少人,
才能使生产的三种零件恰好配成套?

【分析】 设生产甲、乙、丙三种零件的人数分别为
x

y

z
,那么


x12

xyz77

,解得

y5



5x:4y:3z3:1:9
z60

即应安排生产甲、乙、丙三种零件的人数分别为
12
人、5
人、
60
人。


71.【★★★】(
2 003
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷第
6
题)
六年级一班的 所有同学都分别参加了课外体育小组和歌唱小组,有的同学还同时参加了两个小组。若参加两个小组的
人 数是参加体育小组人数的,是参加歌唱小组的

1
5
2
,这个班只参加体育小组与只参加歌唱小组的人数之比是多少?
..
9
12
【分析】 抓不变性,利用参加两个小组的人数是不变的来解题。 首先,

,所以设两个小组都参加的人数为
2
份,
510
那 么参加体育小组的为
10
份,参加歌唱小组的为
9
份。只参加体育小组的占< br>8
份,只参加歌唱小组的占
7
份,
它们之比为
8:7


72.【★★★】(
2004
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷 Ⅰ卷第
3
题)
一年定期的存款,年息为
1.98%
,到期取款时, 需扣除利息的
20%
作为利息税上缴国家。假如某人存入一年的定期储

20 00
元,到期扣税后共可取出多少元?

【分析】
200020001.98%(120%)2031.68
(元)





73.【★★★】(
2004年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请赛试卷Ⅰ卷第
5
题)
某商品原售价
a
元,“五一”节商家搞促销,先将原售价暗地提高
30%
,然后再公开“八折”出 售。请回答该商品售
价与原售价相比,是降低了还是提高了,降低或提高了百分之几?(
8折即
80%
)

【分析】 现售价为:
a(130%)80%1.04a

提高了

74.【★★★】(
2004
年一零一培训学校“圆明杯”数学邀请 赛试卷Ⅰ卷第
9
题)
王川研究生毕业后在一家公司工作,月工资为
3200
元。按规定其中
800
元是免税的,超出部分要交纳个人所得税。计
算方法: 不超过
500
元的部分按
5%
缴税,超过
500
元不超过< br>2000
元的部分按
10%
缴税,超过
2000
元的部分按< br>15%

税。请你计算一下,王川缴税后的工资收入是多少元?

【分析】 王川缴税后的工资收入为:
800500(15%)1500(110 %)400(115%)2965
(元)。


75.【★★★】 (
2004~2005
学年度北京一零一中综合素质测试(数学)第
3
题)
爷孙二人来到了一个卖鲜蘑菇的小摊前,爷爷想看一看“小灵通”灵不灵,于是提出了这样的问题:“< br>100

离开了书摊,
千克刚采下的鲜蘑菇含水量为
99%
, 稍微晾晒后,含水量下降到
98%
,那么这
100
千克的蘑菇现在还有多少千 克呢?”
小灵通想了想一边用小棍在地上划着,突然高兴地蹦起来对爷爷说,我知道是 千克。小朋友,你想出来了吗?请
把结果填在横线上。

【分析】 晾晒前:干蘑菇的质量为:
100(199%)1
(千克)
晾晒后:蘑菇的质量为:
1(198%)50
(千克)

7 6.【★★★】三个村庄共有耕牛
330
头,如果张庄增加
17
头,李庄增加
25
头,王庄增加
42
头,那么张庄和李庄耕牛
头数得比是
3:4
,李庄和王庄耕牛头数得比是
7:5
。三个村庄原来各有多少头耕牛?

【分析】 由题目可得,张庄、李庄和王庄后来的耕牛头数之比为:
21:28:20

张庄:
(330172542)
李庄:
(330172542)
1 .04aa
100%4%

a
21
17109

212820
28
25143

212820
王庄:
33010914378

77. 【★★★】红星学校全体师生向贫困山区小学捐赠一些图书,如果把这些图书平均分给三年级,每人分到
8
本;平
均分给四年级,每人也分到
8
本,如果把这些图书平均分给五年级, 每人分到
6
本;平均分给六年级,每人分到
12
本,
如果把这些图书 分给这四个年级,平均每人分到多少本?

【分析】
4
个年级人数比
3:3:2:4





8

3
2
(本)
3324
42
与男生的参加了课外活 动小组,剩下的
340
人没有参加。这所
73
78.【★★★】光明小学有学 生
900
人,其中女生的
小学有男、女生各多少人?

【分析】 由题意可知,女生可设为
7x
,那么男生就是
9007x
。则可列方程得如 下:
1
3x(9003x)340

3
解得:
x 70
,则女生人数为:
770490
,男人人数为:
9004904 10



11
79.【★★★】汽车从甲地开往乙地,第一小时 走了全程的多
8
千米,第二小时走了余下的路程的少
4
千米,这是
5 3
距乙地还有
124
千米,求甲、乙两地相距多少千米?

11114
【分析】 由第一小时全程的,第二小时走了余下的路程的,可知走了:
(1)

535 315
14
那么全程就是:
(12484)(1)240

515



80.【★★★】小红到商店买一盒花球,一盒白球, 两盒球的数量相等,花球原价是
2
元钱
3
个,白球原价是
2
元钱
5
个。
新年优惠,两种球的售价都是
4
元钱
8
个,结果小红少花了
5
元钱,那么,她一共买了多少个球?

【分析】 由 题意思可知,先前每个花球
23
221
元,每个白球
25
元 ;后来每个都是
48
。因为数量相同,
352
21121
则买一 个花球和一个白球比原来少
()()

322515
所以一共买了
5
1
75
个球。
15


81.【★★★】甲、乙两地出产同一种水果,甲地出产的水果数量 每年保持不变,乙地出产的水果数量每年增加一倍,
已知
1990
年甲、乙两地出产水 果总数为
98
吨,
1991
年甲、乙两地总计出产水果
106
吨,则乙地出产水果的数量第一次
超过甲地出产的水果数量是在 年。

【分析】
1991
年比
1990
年多出产水果
1069 88
(吨),这是由于乙地出产数量增加一倍的缘故,这样就知道,乙地
1990
年 出产
8
吨水果,甲地每年都出产
98890
(吨)水果。
乙 地每年出产量翻番(增加一倍),它的出产量依次是:
8,16,32,64,128

64p90
,但
128f90

因此,
1994
年乙地产量就能超过甲地。





82.【★★★】原计划有
420
块砖让若干学 生搬运,每人运砖一样多,后来增加一个学生,这样每个学生就比原计划少

2
块。那 么原来有学生多少人?
【分析】 因为人数与每人搬砖数的积是
420
,可以从420
的约数中求出适合题意的两组约数。
420221031404105 584670760

10421235143015282 021
比较知,
42014301528
符合题意,即:原有
14
人,每人搬
30
块砖;增加
1
人,每人少搬
2
块砖 。


3
,如用大卡车
4
辆和小卡车
5
辆 一次恰好运完这批
10
货物。问:只用一种卡车运这批货物,小卡车要比大卡车多用几辆?

83.【★★★】用大卡车
1
辆和小卡车
2
辆一次能运走 一批货物的
【分析】
1
辆大车和
2
辆小车一次运走
3
36
,那
4
辆大车和
8
辆小车一次运走
4
10
105
6111311

4
辆大车和
5
辆小车多运
1
。所以一辆小车的效率是:
(83)
;大 车的效率是
2

5551510156
故此只用一种,小车比大车要多 用:
1
11
19

156


84.【★★★】某商品按定价卖出可得利润
960
元,若按定价的
80%
出 售,则亏损
832
元。问:商品的购入价是多少元?


【分析】 此题典型的方程题目,很容易入手。
设定价为
x
则有:
x 96080%x832
。可得
x8960
。所以购入价为:
8960 9608000



85.【★★★】某商店到苹果产地去收购苹果 ,收购价为每千克
1.20
元。从产地到商店的距离是
400
千米,运费为每 吨
货物每运
1
千米收
1.50
元。如果在运输及销售过程中的损耗是
10%
,商店要实现
25%
的利润率,零售价应是每千克多
少元?

【分析】 这个题目可用设数法比较直接。假设收购苹果
10
吨单位。成本 就为:
4001.5101010001.218000
元;
因为要获得 利润
25%
,且还要除去损耗,则有零售价:
18000(125%)(10 100090%)2.5


1
86.【★★★】南北两仓原有同样多 的大米。南仓第一天运出,第二天运出
180
吨;北仓第一天运出的与剩下的比是
5< br>1:3
,第二天运出
120
吨,这时两仓剩的大米还是同样多。南北两仓原来各 有大米多少吨?

【分析】 北仓第一天运出:
11

,由南、北仓原和后来都同样多可知,原来各有大米:
134
11
(180120)()1200

45

1
1
87.【★★★】水果店运来三筐苹果
900< br>千克。如果把第二筐的放入第一筐,把第三筐的放入第二筐,这时三筐苹
4
3
果 的重量正好相等。求原来每筐苹果各多少千克?




【分析】 由题意可将第二筐分三份,第三筐分四份, 因为最好都相等,即每筐是:
9003300
千克。此时第三筐刚
好是三份,也就 是说一份是
100
千克。而第二筐放入第一筐后原有:
300100200
千克。那么第一筐原有:
9002004100300


88 .【★★★】两仓共有粮食
204
吨,如果把第一仓的
20%
调入第二仓,这 时第一仓的
原各有粮食多少吨?

【分析】 不妨设第一仓为
x
,则第二仓为
204x
;则可列算式为:
32
正好等于第二仓的,两仓
43
32
(120%)x(204x2 0%x)

43
解得:
x120
,所以第二仓:
204 12084


89.【★★★★】甲、乙、丙、丁、戊五人接受了满分为
10
分(成绩都是整数)的测验。已知:甲得了
4
分,乙得了最高
分,丙的 成绩与甲、丁的平均分相等,丁的成绩刚好等于五人的平均分,戊比丙多
2
分。求:乙、丙、丁 、戊的成绩。

【分析】(法一)设丁的分数为
x
分,甲的分数为
y
,那么丙的分数为
好等于五人的平均分”
5x4x
x4x8分,戊的分数为,根据“丁的成绩刚
22
x4x8
所以
3x10 y
,因为
xy10
,经过试验,
x6

y8
y

22
是方程符合条件的唯一解,所以丁得
6
分,丙得5
分,戊得
7
分,乙得
8
分。
(法二)因为丁为五人的平均分,所以丁不是成绩最低的。丙的成绩与甲、丁的平均分相等,

所以丙在甲与丁之间,又因为戊和乙都比丙成绩多,所以甲的成绩是最低的,因为
甲是
4
分,所以丁可能是
6
分或
8
分,丁得
8
分时与题意不符,所以丁得
6
分,则
丙得
5
分,戊得
7
分,乙得
8
分。
90.【★★ ★★】(
2004
年北京一零一培训学校六年级结业考试题第
16
题) 某地区对用电的收费标准规定如下:每月每户用电不超过
10
度的部分,按每度
0 .45
元收费;超过
10
度而不超过20度
的部分,按每度
0.80
元收费;超过
20
度的部分按每度
1.50
元收费。某月甲用户比乙 用户多交电费
7.10
元,乙用户比丙
用户多交
3.75
元,那么甲 、乙、丙三用户共交电费多少元?(用电都按整度数收费)

【分析】 经分类判断:甲,乙 ,丙用电,分属于三个不同的层次。甲用电超过
20
度,乙用电超过
10
度, 低于
20
度,
丙用电小于
10
度。
设甲
20x

x
为超过
20
的部分) 乙< br>10y

y
为超过
10
,小于
20
的部 分) 根据题意:
(4.581.5x)(4.50.8y)7.1

解不定方程后得到:
x1
,
y3

所以乙要交
4.50.836.9
(元)
甲,乙,丙一共要交
6.97.16.96.93.7524.05
(元)

91.【★★★★】(北京市一零一中学计算机培训班六年级
04~05
学年一学期第四次 随堂测试第
15
题)
有盐水若干升,加一标准水杯水后,测得浓度为
3%< br>,再加入一标准水杯水后,测得浓度为
2%
,则还需加多少杯标准
水,使浓度达 到
1%


【分析】 抓溶质质量不变。加一标准水后,设溶质质量有3
克,水的质量
97
克,同理,加两标准水后,溶质质量为
2
克 ,
水的质量为
98
克。但实际上,溶质质量是不变的。都统一成
6
克 。
A1
标准水:
97
克水
2

3
克盐
2




A2
标准水:
98
克水
3

2
克盐
3

所以,
1
标准水的质量为:
983972100
克,
A
的质量为:
100

A?
标准水
99
克水
6

1
克盐
6

100?10099616
, 解得
?5



92.【★★★★】有
A
、< br>B

C
三种盐水,按
A

B
数量之比为2:1
混合,得到浓度为
13%
的盐水;按
A

B数量之
比为
1:2
混合,得到浓度为
14%
的盐水;如果
A

B

C
数量之比为
1:1:3
,混合成的盐 水浓度为
10.2%
。问盐水
C

浓度是多少?

【分析】 将
A

B
数量之比为
2:1
混合的13%
盐水称之为
E
盐水,那么三份
E
盐水由两份
A< br>盐水和一份
B
盐水混合而
成,当三份
E
盐水和三份
B
盐水混合(即1:1混合)相当于
A

B
,1:2混合,所得的混合 盐水浓度为
14%

所以根据浓度三角
B
的浓度为
15%< br>,回到条件“
A

B
数量之比为
2:1
混合,得到浓 度为
13%
的盐水”再次
1
如果
A

B

1:1
的比例混合可得到
13.5%
12%

2
的浓度的盐水,再将该盐水与
C

2:3
混合得到
10.2%
的浓度的盐水,第三次运用浓度三角原理可得到
C

运用浓度三角,可以得到
A
的浓度为
13%

15%13%


水的 浓度为
10.2%

13.5%10.2%


28%
,所以盐水
C
的浓度为
8%

3
< br>93.【★★★★】甲、乙、丙三人的彩球数的比例为
9:4:2
,甲给了丙
3 0
个彩球,乙也给了丙几个彩球,比例变为
2:1:1

乙给了丙多少个彩球 ?

【分析】
94215


2

157.5

211
1

153.75

2!1

2:1:17.5:3.75:3.75

97.5
乙给丙:
30

5
(个)
43.75

9 4.【★★★★】
A
国与
B
国各自都有自己的货币,两国之间的货币换非常有 趣。在
A
国,
A
国的
2
元等于
B
国的3
元;

B
国,
B
国的
2
元等于A
国的
3
元。每次兑换货币的数量不限,但是每兑换一次后要交手续费
1 6
元(任何一国货币均
可)。一位聪明的博士,他现在在
A
国,身上只有160

A
国货币,他想往返于
A

B
两国之 间,通过兑换货币,使自
己的钱增到千元以上(两国货币均可)。那么,他至少要通过边境______ 次。

【分析】在
A
国,
16024016224

出境
1
次,
22433616320

出境
2
次,
32048016464

出境
3
次,
46469616680

出境
4
次,
6801020161004

所以出境
4
次。

95.【★★★★】学前班有几十位小朋友,老师买来< br>176
个苹果,
216
块饼干,
324
粒糖,并将它们尽可能 地平均分给
每位小朋友。余下的苹果、饼干、糖的数量之比是
1:2:3
,问学前班有 多少位小朋友?

【分析】 设余下的苹果的数量为
x
个,那么余下的饼干 和糖的数量分别为
2x
块和
3x
粒。那么分掉的苹 果、


饼干、糖的数量分别为
176x

2162x

3243 x
,那么学前班小朋友的人数是
176x

2162x
3243x
的公约数。因为
(176x)23522x

(1 76x)35283x

所以学前班小朋友的人数也是
3522x

5283x
的约数,那么,它也是
(3522x)(2162x)1 36

(5283x)(3243x)204
的约数,所以它是
13 6

204
的最大公约数的约数,

136

20 4
的最大公约数为
68
,所以学前班小朋友的人数是
68
的约数。
由于学前班有几十位小朋友,所以其人数为两位数。而
68
的两位数约数有
1 7

34

68
。经试验,只有
34

合 题意,所以学前班有
34
位小朋友。

2

(2)
3
在第一包糖中,奶糖占
25%
,在第二包糖中,水果糖占
50%

(3)
巧克力在第一包糖中所占的百分比是在第二包糖中
96.【★★★★】有两包 糖,每包糖内都装有奶糖,水果糖和巧克力糖。已知:
(1)
第一包糖的粒数是第二包的
所占的百分比的两倍。当两包糖合在一起时,巧克力糖占
28%
,那么,水果糖所占的百分比 等于多少?

【分析】 “第一包糖的粒数是第二包糖的
2
”→设第二包有 糖
30
块,则第一包有糖
20
块。
3
设巧克力糖在第二包 糖中所占的百分比为
x
,则巧克力糖在第一包糖中所占的百分比
2x

202x30x28%(3020)
,解得
x20%
,又“在第一包糖 中,奶糖占
25%
”→在第一包糖中,水果糖占
125%220%35%。当两包糖合在一起时,水果糖所占的百分比是:
(2035%3050%)(2030 )44%


97.【★★★★】有
A、B、C
三种盐水,按< br>A

B
重量之比为
2:1
混合,得到浓度为
13%< br>的盐水;按
A

B
重量之比

1:2
混合, 得到浓度为
14%
的盐水;如果
A、B、C
数量之比为
1:1:3< br>,混合成的盐水浓度为
10.2%
。问盐水
C
的浓度
是多少?


【分析】 假设每取一份盐水为
100
,每份含盐:
A
盐水
x

B
盐水
y

C
盐水z
,则:

2xy
13%


x12
12153z

300
解得:
10.2%
,解得:
z8



y15500


x2y
14%


300所以盐水
C
的浓度是
8%



98.【★ ★★★】某团体有
100
名会员,男会员与女会员的人数之比是
14:11
, 会员分成三个组,甲组人数与乙、丙两
组人数之和一样多,各组男会员与女会员人数之比是甲组:
12:13
;乙组:
5:3
;丙组:
2:1
,求丙组有多少名男会 员?

【分析】 由男女会员之比可知,男:
100
14
56
,女:
1005644

1411
因为甲组和 乙、丙两组人数一样多,知各
50
人。而由甲组中男女之比可求得甲组中男:
50< br>12
24
;女:
1213
502426
。则乙、丙两 组中男会员之和为:
562432
女会员之和为:
442618
。设 丙中女会员为
x

则男会员为
2x
,那么乙中女会员为
18 x
,男会员为
322x
。由题意可得:解得,
x6

(322x):(18x)5:3

那么丙组中男会员有
2612



行程与工程

1.【★★】甲、乙两地相距
60
千米。自行车队
8
点整从甲地出发去乙地,前一半时间平均速度为每分钟
1< br>千米,后一

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