江苏高中数学典型题目

绝世美人儿
845次浏览
2020年11月04日 09:30
最佳经验
本文由作者推荐

九华山风景区-业主委员会章程

2020年11月4日发(作者:关添)


参变分离还是利用二次函数的图象
1.已知函数
f(x)x
2mx1
,若对于任意的
x

m,m1

都有< br>f(x)0
,则实数
m
的取值范
围为.
利用函数的性质解不等式
2.已知知函数
f(x)
x1
xR
,则不等式
f(x
2
2x)f(3x4)
的解集是 。(1,2)
|x|1
3.已知函数
f
(
x
)=,则关 于
x
的不等式
f
(
x
2
)>
f
( 3-2
x
)的解集是.(-∞,-3)∪(1,
3)
4.已知函数
f
(
x
)=
x
-1-(e-1)ln
x
,其中e为 自然对数的底,则满足
f
(e
x
)<0的
x
的取值范围为. (0,1)
双变量问题
5、已知正实数x,y满足
xy2xy4
, 则
xy
的最小值是________
263
(消元法或判
别式法 )
6、若a>0,b>0,且
消元法)
7、已知
x

y
为正实数,则+的最大值为▲.(齐次式消元)
,则a+2b的最小值为 .(基本不等式法或
已知函数奇偶性求参数
2.若函数
f(x)axxa
2
2
是偶函数,则实数
a
的值 为________.2
两个变量的函数
17南京二模应用题
和零点有关的题目
已知零点个数求参数范围
3、已知函数
f

x

x
2
x2

xR
.若方程
f

x

ax20
恰有4个互异的实数根,则实

a
的取值 范围为.
(0,1)(9,)
(可用参变分离)


9.设
f
(
x
)=
x
2
-3
x

a< br>.若函数
f
(
x
)在区间(1,3)内有零点,则实数
a的取值范围为
(0,]
零点存在定理
3.已知f(x)是二次函数,不等式f (x)<0的解集是(0,5),且f(x)在区间[-1,4]上的最
大值是12.
(1) 求f(x)的解析式;(2)是否存在整数m使得方程f(x)+=0在区间(m,m+1)内有
且只有 两个不等的实数根若存在,求出m值;若不存在,说明理由.
3.解:(1)f(x)=2x(x-5)=2x
2
-10x(x∈R).
(2)方程f(x)+=0等价于方程2x
3
-10x
2
+37=0.设h( x)=2x
3
-10x
2
+37,则h′(x)
=6x
2< br>-20x=2x(3x-10).
当x∈时,h′(x)<0,h(x)是减函数;当x∈时,h′(x)>0,h(x)是增函数. < br>∵h(3)=1>0,h=-<0,h(4)=5>0,∴方程h(x)=0在区间,内分别有唯一实数根,而在区间(0,3),(4,+∞)内没有实数根,所以存在唯一的自然数m=3,使得方
程 f(x)+=0在区间(m,m+1)内有且只有两个不同的实数根.(单调性+异号端点值)
3、函 数
f(x)e
x
x2
的零点所在的一个区间是
(n,n1) (nZ)
,则
n_____
1或-2
7.已知函数
f(x) (ax
2
x)e
x
,其中e是自然数的底数,
aR
。当
a0
时,求整数k的所
有值,使方程
f(x)x2
在[k,k +1]上有解。
⑶当
a0
时,方程即为
xe
x
x2
,由于
e
x
0
,所以
x0
不是方程的解,所以 原方程等价于
e
x

222
10
,令
h(x) e
x
1
,因为
h

(x)e
x

2
0
对于
x

,0

U

0,

恒成立,
xx
x
3
所以
h (x)


,0



0,
< br>内是单调增函数,又
h(1)e30

h(2)e
2
20

h(3)e
3

1
0

2



3,2

上,
h(2)e< br>2
0
,所以方程
f(x)x2
有且只有两个实数根,且分别在 区间

1,
所以整数
k
的所有值为

3,1

复合函数的零点个数


10.已知函数
g(x)a x
2
2ax1b

a0
)在区间
[2,3]
上有最大值
4
和最小值
1
.设
f(x)
g(x)

x
(1)求
a

b
的值;
(3)若
f

|2
x
1|

k
函数根的个数)
解:(1)
g(x)a(x1)
2
1ba

因 为
a0
,所以
g(x)
在区间
[2,3]
上是增函数,故


g(2)1

a1
,解得


g(3)4b0

2
3k0
有三个不同的实数解,求实数
k
的取值范围.(复合
|2
x
1|
(3)原方程可化为< br>|2
x
1|
2
(3k2)|2
x
1|( 2k1)0

t
2

t
2
(3k2)t (2k1)0
有两个不同的实数解
t
1
,令
|2
x< br>1|t
,则
t(0,)
,其中
0t
1
 1


2k10
t
2
1
,或
0t
1
1

t
2
1
.记
h(t)t2
(3k2)t(2k1)
,则


h(1)k 0



2k10



h(1) k0
②解不等组①,得
k0
,而不等式组②无实数解.所以实数
k< br>的取值范

3k2

01
2

围是< br>(0,)

14.设定义域为R的函数若关于
x
的函数的零点的个数为▲.7
导数存在任意x1x2的题目
例1已知函数
f(x)lnxax
1< br>1a
1
(aR)
.设
g(x)x
2
2bx 4.

a
时,若对任意
4
x
x
1
( 0,2)
,存在
x
2


1,2

,使< br>f(x
1
)g(x
2
)
,求实数
b
取值范 围.

a
时,
f(x)
在(0,1)上是减函数,在(1,2) 上是增函数,所以对任意
x
1
(0,2)


f(x< br>1
)f(1)=-
,又已知存在
x
2


1,2

,使
f(x
1
)g(x
2
)
, 所以
g(x
2
)

x
2


1,2


9
9
1117
1
即存在
x

1,2

,使
g(x)x
2
2bx4
,即
2bxx
2

,即
2bx
2

[,]

24
2
x
2
17
所以实数b
取值范围是
[,)

8
1
2
1
2
1
4


(2016苏锡常镇二模12.)已知函数f(x)=若存在 x
1
,x
2
∈R,当0≤
x
1
<4≤
x< br>2
≤6时,
f
(
x
1
)=
f
(x
2
),则
x
1
f
(
x
2
) 的取值范围是________.
分段函数的单调性
10、
f(x)


(3a1)x4a,x1
11

R
上的减函数,则
a
的取值范围是_________
[,)

73

log
a
x,x1
和切线有关的导数题目(三句话)
1,
过点

1,0

.与函数
f

x

e
x
(
e
是自然对数的底数)图像相切的直线方程是____
y x1

公切线
20、已知函数
f(x)e
x
,g(x )lnx
,设
x
0
1
,求证:存在唯一的
x
0
使得g(x)图象在点
A(
x
0
,g(x
0
))处的切线
l
与y=f(x)图象也相切;
(2)
g

x


xx
0
处切线方程为
y
1
1
xlnx
0
1

x
0
11
设直线< br>l

ye
x
图像相切于点

x
1
,e
x

,则
l:
ye
x
xe
x
1x
1

②……(6分)

1
x


x
e
0

由①②得
x
1

lnxe
1

1x

1
x
0
1

0
0
⑤ ④
lnx
0

x0
1
下证
x
0


1,
上存在且唯一.
x
2
1
x1
0
G

x



1,


Z
. 令
G

x

lnx

x1


G'

x


2
x1
x
< br>x1

2e
2
3
2
0,G

e


2
0,
G

x

图像 连续,

存在唯一
x
0


1,
< br>使⑤式成立,从而又
G

e


e1e1
由③④可确立
x
1
.故得证
已知极值求参数(检验)
3、已知 函数
f(x)x
3
3mx
2
nxm
2
在< br>x1
时有极值0,则
mn


13mnm< br>2
0

m1

f(1)0
对函数求导得
f'(x)3x6mxn
,由题意得

,即

解得:



n3

f'(1)0

36mn 0
2

m2

m1

m2
22< br>,当


f'(x)3x6x33(x1)0
,故

,
mn11


n9n3n9

含参数不等式恒成立中参数是整数的题目


20.(本小题满分16分)己知函数
f(x)lnxax
2
x,aR
若关于x的不等式
f(x)ax1
恒成立,求整数a的最小值: < br>1
g(x)f(x)-(ax1)lnxax
2
(1a)x1< br>2
方法一:令,所以
1ax
2
(1a)x1
g

(x)ax(1a)
xx

1
2

a≤0
时,因为
x0
,所以
g

(x)0
. 所以
g(x)

(0,)
上是递增函数,
13
2g(1)ln1a1(1a)1a20
,所以关于
x
的不等 式
f(x)≤ax1
不能又因为
22
恒成立.
1
1a(x)(x1)

g(x)0
x

a0
时 ,
g

(x)
ax(1a)x1

,令,得.
a
a
xx
2
1
1

g(x)0
x(0,)
x(,)
时,
g

(x)0
, 所以 当时,;当
a
a
因此函数
g(x)

x(0,)
是增函数,在
x(,)
是减函数.
1111
2
11
1
g(x)
h(a)lna

g()lna()(1a) 1lna
故函数的最大值为.令
2a
aa2aa2a
1
a1
a
因为
h(1)0

h(2)ln20
, 又因为
h(a)

a(0,)
是减函数.
所以当
a ≥2
时,
h(a)0
.所以整数
a
的最小值为2.
1< br>2
f(x)≤ax1
lnxaxx≤ax1

(0,)< br>上恒成立, 方法二:(2)由恒成立,得
2
lnxx1lnxx1
g (x)
a≥g(x)
max

(0,)
上恒成立.令
1
2
1
2
问题等价于
xx

xx
,只 要
22
1
(x1)(xlnx)
1
2

< br>g(x)0
g(x)

因为,令,得
xlnx0

1
2
2
(xx)
2
2
a≥
1
2
1
4

h(x)xlnx
,因为
h

(x)0
,所以
h(x)

(0,)
上单调递减,
1
2
1
2
1
x


1

不妨设
xlnx0
的根为
x
0
.当
x(0,x0
)
时,
g

(x)0
;当
x(x
0
,)
时,
g

(x)0

2
所以
g(x)

x(0,x
0
)
上是增函数;在
x(x
0
,)
上是减函数.
所以
g(x)
max< br>1
1x
0
lnx
0
x
0
1
1
111
2
g(x
0
)
.因为
h()ln 20

h(1)0

1
2
1
242x
0
x
0
x
0
(1x
0
)
x
0
22
1
1
1
所以
x
0
1
,此时
x
2
,即
g(x)
max
(1,2 )
.所以
a≥2
,即整数
a
的最小值为2.
2
0
绝对值函数
(2015泰州二模13).若函数
f(x)( x2)
2
xa
在区间
[2,4]
上单调递增,则实数
a
的取
值范围是▲.
(,2]U[5,)

(2016·苏州 调研测试)已知函数
f
(
x
)
=x|x-a|

a
∈R,
g
(
x
)
=x
2
-
1.
记函数
f
(
x
)在区间[0,2]上的最大值为
F
(
a
),求
F
(
a
)的表达式
.
(2)因为
x
∈[0,2],当
a
≤0时,
f
(
x
)
=x
2
-ax
,则
f
(
x
) 在区间[0,2]上是增函数,所

F
(
a
)
=f
(2)
=
4
-
2
a.

-x
2
ax,0xa,

a

a

0,,a
< br>2

2

2

x-ax,ax2,
 


当0
2时,
f
(
x)
=

f
(
x
)在区间上是增函数,在区间


f
是减函数,在区间[
a
,2]上是增函数,所以
F(
a
)
=
max



a

,f(2)



2




a

a
2

a

a
2

2

4

f=

f
(2)=
4
-
2
a
,令
f

2
< br>(2),即
4
<
4
-
2
a
,解 得
-
4
-
4
2
4
+
4< br>2

2
所以当0
4

a

-
4
+
4
2
2

a

a
2

-
4时,
F
(
a
)
=4
-
2
a
;令
f

2

≥< br>f
(2),即
4
≥4
-
2
a
,解得
a

-
4
-
4

a
2
-
4≤
a<
2时,
F
(
a
)
=
4
.

a
≥2时,
f
(
x
)
=-x
2
+ax


所以当4
a
当1≤
2
2
a

a

0,2

2
2

<
2,即2≤
a<
4时,
f
(
x
)在区间

上是增函数,在

上是减函数,则

a

a
2

F
(
a
)
=f< br>
2

=
4



a
2
≥2,即
a
≥4时,
f
(
x
)在区间[0,2 ]上是增函数,则
F
(
a
)
=f
(2)
=
2
a-
4;

4-2a,a42-4,

2

a
42-4a4,


4


2a- 4,a4.
综上,
F
(
a
)
=


先求轨迹的题目
(2017南京二模11).在平面直角坐标系
xOy
中, 直线
l
1

kx

y
+2=0与直线
l< br>2

x

ky
-2=0相交于点
P
,则当实 数
k
变化时,点
P
到直线
x

y
-4=0 的距离的最
大值为▲.3
已知圆
C:x
2
y
2
1

x
轴的两个交点分别为
A,B
(由左到右),
P
C
上的动点,
l
过点
P
且与
C
相切 ,过点
A

l
的垂线且与直线
BP
交于点
M
,则点
M
到直线
x2y90
的距离
的最大值是▲.
(常州2016一模13)13.在平面直角坐标系xOy中,已知圆O:x
2
+y
2
=1,O
1
:(x-
4)
2
+y
2
=4 ,动点P在直线x+y-b=0上,过P分别作圆O,O
1
的切线,切点分别为
A,B ,若满足PB=2PA的点P有且只有两个,则实数b的取值范围是____________.(切
线 长公式)
在平面直角坐标系
xOy
中,已知圆
O

x2
y
2
16
,点
P(1,2)

M

N
为圆
O
上不同的两点,
uuuruuuuruuur
uuuuruuur
且满足
PMPN0
.若
PQPMPN
, 则
uuur
PQ
的最小值为▲.
335

3、已知A(- 1,0),B(0,1),则满足
PA
2
PB
2
4
且在 圆
x
2
y
2
4
上的点P的个数为
______ 2
阿波罗尼斯圆(苏北四市2016一模13)已知点
A(0,1)

B< br>,
C(t,0)
,点
D
是直
(1,0)
线
A C
上的动点,若
AD≤2BD
恒成立,则最小正整数
t
的值为▲.4
满足条件
AB
=2,
AC

BC
的三角形ABC的 面积的最大值是2(也可以用解三角形的方法)
存在性的题目
1、在平面直角坐标系
xOy
中,圆
C
的方程为
x
2
y
2
 8x150
,若直线
ykx2
上至少存在一
点,使得以该点为圆心, 1为半径的圆与圆
C
有公共点,则
k
的最大值是▲.


∵圆C的方程可化为:

x4

2
y
2
1
,∴圆C的圆心为
(4,0)
,半径为1。∵由题意,直线
以该点为圆心,1
ykx2
上至少存在一点
A(x
0
,kx
0
 2)
,为半径的圆与圆
C
有公共点;
∴存在
x
0
 R
,使得
AC11
成立,即
AC
min
2
。 ∵
AC
min
即为点
C
到直线
ykx2
的距< br>离
4k2
k
2
1
,∴
4k2
k
2
1
2
,解得
0k
4
3
4
3< br>4

3

k
的最大值是。【答案】。
22
(xa)(ya)4
上总存在两个点到原点的距离为1、如果圆1,则实数
a
的取值范围是.
(
322232
,)U(,)
2222
(无锡2016一模13)已知圆C:(x-2)
2
+y
2
=4,线段E F在直线l:y=x+1上运动,
点P为线段EF上任意一点,若圆C上存在两点A,B,使得·≤0, 则线段EF长度的最
大值是____________.
13.在平面直角坐标系xOy中, 圆C的方程为(x-1)
2
+y
2
=4,P为圆C上一点.若存在一个定圆M,过点P作圆M的两条切线PA,PB,切点分别为A,B,当点P在圆C上运动时,使得
∠A PB恒为60°,则圆M的方程为 .
13.(x-1)
2
+y
2
=1 解析:自定圆M外的一点P向圆引 两切线PA,PB.若∠APB为定值,则
P到定圆圆心M的距离为定值.依题意知点P在圆C上,P只 能是到圆C的圆心的距离
为定值,故M与点C重合.由∠APB=60°知MP=CP=2,所以圆M的 半径为1.圆M的方
程为(x-1)
2
+y
2
=1.
2、 设圆
C
1
:x
2
y
2
10x6y320
,动圆
C
2
:x
2
y
2
2ax2( 8a)y4a120

x
2
设点
P
是椭圆y
2
1
上的点,过点P作圆
C
1
的一条切线,切点 为
T
1
,过点
P
作圆
C
2

4< br>一条切线,切点为
T
2
,问:是否存在点
P
,使无穷多个圆< br>C
2
,满足
PT
1
PT
2
如果存在,求出所有这样的点
P
;如果不存在,说明理由.

P(x
0< br>,y
0
)
,则
PT
1
x
0
2y
0
2
10x
0
6y
0
32

PT
2
x
0
2
y
0
2
2 ax
0
2(8a)y
0
4a12

PT
1
PT
2

10x
0
6y
0
32 2ax
0
2(8a)y
0
4a12
,整理得
( x
0
y
0
2)(a5)0
(*)

x< br>0
y
0
20
存在无穷多个圆
C
2
,满 足
PT
1
PT
2
的充要条件为

有解,解此方程 组得

x
0
2
2
y
0
1

4


6

x


x
0< br>2

0
5


,故存在点
P
,使 无穷多个圆
C
2
,满足
PT
1
PT
2
, 点
P
的坐标为


y
0
0

y 
4
0

5

64
(2,0)

(,

)
.
55
14.在平面直角坐标系
xOy
中,圆
C
1

(x1)
2
(y6)
225
,圆
C
2

(x17)
2
(y3 0)
2
r
2

若圆
C
2
上存在一点< br>P
,使得过点
P
可作一条射线与圆
C
1
依次交于点< br>A
,满足
PA2AB

B

55

则半径r的取值范围是▲.【答案】

5 ,
(特殊位置)

13.在平面直角坐标系xOy中,圆C的方程为(x-1)
2
+y
2
=4,P为圆C上一点.若存在一个定
圆M,过点P作圆M的两条 切线PA,PB,切点分别为A,B,当点P在圆C上运动时,使得
∠APB恒为60°,则圆M的方程 为 .
13.(x-1)
2
+y
2
=1 解析:自定圆M外 的一点P向圆引两切线PA,PB.若∠APB为定值,则
P到定圆圆心M的距离为定值.依题意知点P 在圆C上,P只能是到圆C的圆心的距离
为定值,故M与点C重合.由∠APB=60°知MP=CP= 2,所以圆M的半径为1.圆M的方
程为(x-1)
2
+y
2
=1.
14.已知圆
C
:(
x
-2)
2

y2
=4,点
P
在直线
l

y

x+2上,若圆
C
上存在两点
A

B
使得=3,则点P
的横坐标的取值范围是.[-2,2](特殊位置法与轨迹法)
聚焦小题二十八14题
直线与圆相切
17年南通三模18题,盐城三模17题
x
2
(南 京2016一模18)如图,在平面直角坐标系
xOy
中,设点
M(x
0,y
0
)
是椭圆
C:y
2
1
4
上 一点,从原点
O
向圆
M:(xx
0
)
2
(y y
0
)
2
r
2
作两条切线分别与椭圆
C
交于点
P,Q
,直
线
OP,OQ
的斜率分别记为
k
1
,k
2
.
(1)若圆
M

x
轴相切于 椭圆
C
的右焦点,求圆
M
的方程;
25
1
(2) 若
r
.①求证:
k
1
k
2

;②求< br>OPOQ
的最大值.
5
4
y
Q
M
·
1
解:(1)因为椭圆
C
右焦点的坐标为
(3,0)
,所 以圆心
M
的坐标为
(3,)
P

从而圆
M< br>的方程为
(x3)
2
(y)
2

.
(2)①因为圆
M
与直线
OP:yk
1
x
相切,所以
(45x
0
2
)k
1
2
10x
0
y
0
k
1
45y
0
2
0

同理,有
(45x
0
2
)k
2
2
 10x
0
y
0
k
2
45y
0
2
0

|k
1
x
0
y
0
|
25
, < br>
2
5
k
1
1
1
2
1
4
O
2
x
第18题图


所以
k
1
,k
2
是方程
(45x
0
2
)k
210x
0
y
0
k45y
0
2
0
的两根,
从而
k
1
k
2

45y
0
45x
0
2
2
15
45(1x
0
2
)1x
0
2
1
44

.
22
45x
0
45x
0
4
切点弦17年盐城三模18题第3 问
圆与圆相切:切点与两圆心三点共线
直线与圆相交问题
(南京2016一模1 2)过点
P(4,0)
的直线
l
与圆
C:(x1)
2< br>y
2
5
相交于
A,B
两点,若点
A
恰好 是线段
PB
的中点,则直线
l
的方程为▲.
x3y40

(苏州2016一模12)12.若直线l
1
:y=x+a和直线l
2< br>:y=x+b将圆(x-1)
2
+(y
-2)
2
=8分成长度 相等的四段弧,则a
2
+b
2
=____________.18
《微专题:直线与圆,圆与圆》反馈练习第7题:过圆x
2
+y
2
=4内一点 P(1,1)作两
条相互垂直的弦AC,BD,四边形ABCD的面积的最大值为________.答 案:6,最小
值怎么求
求圆的方程
17.如图,在平面直角坐标系xOy中,椭圆 C的中心在坐标原点O,右焦点为F.
若C的右准线l的方程为x=4,离心率e=.(1)求椭圆C的 标准方程;
(2)设点P为直线l上一动点,且在x轴上方.圆M经过O、F、P三点,求当圆心M到x轴的距离最小时圆M的方程.
17.解:(1)由题意,设椭圆C的标准方程为+=1(a>b>0),
则解得a=2,c =2.(4分)从而b
2
=a
2
-c
2
=4.所以所求椭圆 C的标准方程为+=1.(6
分)
(2)(方法一)由(1)知F(2,0).由题意可设P (4,t),t>0.线段OF的垂直平分线方程为
x=1. ①
因为线段FP的中点为,斜率为,所以FP的垂直平分线方程为y-=-(x-3),
即y=-x++. ②联立①②,解得即圆心M.(10分)
因为t>0,所以+≥2=2,当且仅当=,即t=2时,
圆心M到x轴的距离最小,此时圆心为M(1,2),半径为OM=3.


故所 求圆M的方程为(x-1)
2
+(y-2)
2
=9.(14分)
(方法二)由(1)知F(2,0).由题意可设P(4,t),t>0.
因为圆M过原点O ,故可设圆M的方程为x
2
+y
2
+Dx+Ey=0.
将点F、P的坐标代入得解得
所以圆心M的坐标为,即.(10分)
因为t>0,所以+≥2=2,当且仅当=,即t=2时,
圆心M到x轴的距离最小,此时E=-4.
故所求圆M的方程为x
2
+y
2
-2x-4y=0.(14分)
直线方程的典型问题
截距式方程和点斜式方程
1、过点
M
(3, -4),且在两坐标轴上的截距相等的直线的方程为
____________________.
答案
x

y
+1=0或4
x
+3
y
=0 3、已知直线
l
过点
P
(3,2),且与
x
轴、
y
轴的正半轴分别交于
A

B
两点,如图所示,
求(1) △
ABO
的面积的最小值及此时直线
l
的方程;(2)求截距和最小时直线的 方程。
解 方法一 设直线方程为+=1(
a
>0,
b
>0),将 点
P
(3,2)代入得+=1≥2,得
ab
≥24,
从而
S

AOB

ab
≥12,当且仅当=时等号成立,这时
k
=-=-,从而所求直线方程为
2
x
+3
y
-12=0.
方法二 依题意知,直线
l
的斜率
k
存在且
k
<0 .则直线
l
的方程为
y
-2=
k
(
x
-< br>3)(
k
<0),
且有
A

B
(0,2- 3
k
),∴
S

ABO
=(2-3
k
)


=×(12+12)=12.
当且仅当-9
k
= ,即
k
=-时,等号成立.即△
ABO
的面积的最小值为12.
故所求直线的方程为2
x
+3
y
-12=0.


对称问题
6、已知直线
l
:2
x
-3y
+1=0,点
A
(-1,-2).求:
(1)
B
(-1,-2)关于A的对称点;
(2)点
A
关于直线
l
的对称点
A
′的坐标; < br>(3)直线
m
:3
x
-2
y
-6=0关于直线
l
的对称直线
m
′的方程;
(4)直线
l
关于点
A
(-1,-2)对称的直线
l
′的方程.
解 (补了一问)(2)设
A
′(
x

y
),再由已知.
解得∴
A
′(-,).
(3)在直线
m
上取一点,如
M
(2,0),

M
(2,0)关于直线
l
的对称点必在
m
′上.
设对称点为
M
′(
a

b
),则
解得
M
′(,).

m

l
的交点为
N
,则由

N
(4,3).又∵
m
′经过点
N
(4,3),
∴由两点式得直线方程为9
x
-46
y
+102=0.
( 4)设
P
(
x

y
)为
l
′上任意一点,

P
(
x

y
)关于点
A
(-1 ,-2)的对称点为
P
′(-2-
x
,-4-
y
),
P
′在直线
l
上,∴2(-2-
x
)-3(-4-< br>y
)+1=0,即2
x
-3
y
-9=0.
定比分点
南京二模卷18题
1、在直角坐标系中,中心在原点O,焦点在x轴上的椭圆C上的点P(< br>22,1
)到两焦点
的距离之和为
43

(1)求椭圆C的方程
(2)过椭圆C的右焦点
F
2
作直线

与椭圆C分别交于A,B两点,其中点A在x轴下方,
x
2
y
2

AF
2
3F
2
B
,求直线

的方程。(1)
1
(3)
y2(x3)

123

< p>
18.已知椭圆
C
∶+=1(
a

b
>0)的 左、右焦点分别为
F
1

F
2
,焦距为2,一条准线方程为
x
=2.
P
为椭圆
C
上一点,直线
PF< br>1
交椭圆
C
于另一点
Q

(1)求椭圆
C
的方程;
(3)若=
λ
,且
λ
∈[,2],求·的最大值.
18、 (1)椭圆的方程为+
y
2
=1.…………………………………………2分
(3)解法一:设
P
(
x
1

y
1
),< br>Q
(
x
2

y
2
),则=(
x1
+1,
y
1
),=(-1-
x
2
,-
y
2
).
因为=
λ
,所以即
所以解得
x
2
=.…………………………………………12分
所以
·

x
1
x
2

y
1
y
2

x
2
(-1-
λ

λx
2< br>)-
λy
=-
x
2
2
-(1+
λ
)
x
2

λ

=-()
2
-(1+
λ
)
·

λ
=-(
λ
+).………………………… ………………14分
因为
λ
∈[,2],所以
λ
+≥2=2,当且 仅当
λ
=,即
λ
=1时,取等号.
所以
·
≤,即
·
最大值为.…………………………………………16分
解法二:当
PQ
斜率不存在时,
在+
y
2
=1中,令
x
=-1得
y
=±.
uuuruuur
221
1

所以
OPOQ1( 1)()
,此时

1

,2

……… …………………2

222
2


PQ
斜率存 在时,设为
k
,则
PQ
的方程是
y

k
(
x
+1),
由得(1+2
k
2
)
x
2< br>+4
k
2
x
+2
k
2
-2=0,
4k
2
2k
2
2
,x
1
x
2
=
韦达定理
x
1
x
2
=
…………………………… …………4
22
12k12k

P
(
x
1< br>,
y
1
),
Q
(
x
2

y
2
),
uuuruuur

OPOQx
1
x
2
y
1
y
2
x
1
x
2
k
2
(x
1
1)(x
2
1)

u uuruuur

1

OPOQ
的最大值为,此时
1

,2

………………………………8

2

18.(2015南京二模)(本小题满分16分)


在平面直角坐标系
xOy
中,设中心在坐标原点的椭圆
C
的左、右焦 点分别为
F
1

F
2
,右准线
l
x

m
+1与
x
轴的交点为
B

BF
2

m

(2)已知定点
A
(-2,0).当< br>m
=1时,记
M
为椭圆
C
y
上的动点,直线
AM

BM
分别
与椭圆
C
交于另一点
P

Q
,若=
λ
,=,求证:
P
λ
+为定值.
A
M
Q
l
B
x
18.解:
F
1
O
F
2
(2)(方法一)设
M
(
x
0

y
0
),
P
(
x
1

y
1
),
Q
(
x
2
y
2
).
(第18题图)
则=(
x
0
+2 ,
y
0
),=(
x
1
+2,
y
1
).
由=,得从而
因为+
y
0
2
=1,所以+(
y
1
)
2
=1.

2
(+
y
1
2
)+2(-1)
x
1
+2(-1)
2
-1=0 .
因为+
y
1
2
=1,代入得2(-1)
x
1< br>+3
2
-4+1=0.
由题意知,≠1,故
x
1
=-,所以
x
0
=.
同理可得
x
0
=.因此=,所以+=6.
(方法二)设
M
(
x
0

y
0
),
P
(
x
1

y
1
),
Q
(
x
2

y
2
).
直线
AM
的方程为
y
=(
x
+2).

y
=(
x
+2)代入+
y
2
=1,得((
x
0
+2)
2

y
)
x
2
+4< br>yx
+4
y
-(
x
0
+2)
2
=0 (*).
因为+
y
0
2
=1,所以(*)可化为(2
x< br>0
+3)
x
2
+4
yx
-3
x
-4
x
0
=0.
因为
x
0
x
1
=- ,所以
x
1
=-.同理
x
2
=.
因为=,=,所以+=+=+
=+=6.即
λ
+为定值6.
点差法
2、已知椭圆方程为+=1,一条不与坐标轴平行的直线
l
与椭圆交 于不同的两点
A

B
,且线段
AB
中点为(2,1),求直 线
l
的斜率.-
设线法


3、已知椭圆C的中点在原点,焦 点在x轴上,离心率等
于,它的一个顶点恰好是抛物线
x
2
8
点.
(1)求椭圆C的方程;
1
2
3y
的焦
y
P
B
A
O
Q
x
(2)点P(2,3),Q(2,- 3)在椭圆上,A、B是椭圆上位于直线PQ两侧的动点,当A、B运动
时,满足∠APQ=∠BPQ, 试问直线AB的斜率是否为定值,请说明理由.
x
2
y
2
c1解:(1)设椭圆
C
的方程为
2

2
1(ab0 )

b23
.由
,a
2
c
2
b< br>2
,得
a4
ab
a2

x
2
y
2
∴椭圆C的方程为
1

16 12
(2)当
APQBPQ
,则
PA

PB
的斜率之和为0,设直线
PA
的斜率为
k


y3k( x2)
LLL
(1)

PB
的斜率为
k
,PA
的直线方程为
y3k(x2)



x
2
y
2
1
LL
(2)



1612
(1)代入(2)整理得
(34k
2
)x
2
8(32k)kx4(32k)
2
480
………11分
同理
PB
的直线方程为
y3k(x2)
,可得
x
2
2
8k(2k
2
3)

8k(2k
2
3)

34k34k
16k
2
1248k

x
1
x
2
,xx
12
34k
2
34k
2
……………14分

k
AB
< br>1
y
1
y
2
k(x
1
2)3k(x
2
2)3k(x
1
x
2
)4k
1

所以
AB
的斜率为定值
2
x
1
x
2
x
1
x
2
x
1
x
2
217.(本小题满分14分)
x
2
y
2
2
已知椭圆< br>C
:
2

2
1(ab0)
,离心率为,左准线 方程是
x2
,设
O
为原点,
2
ab

A
在椭圆
C
上,点
B
在直线
y
=2上,且
(1)求椭圆
C
的方程;
(2)求Δ
AOB
面积取得最小值时,线 段
AB
A
y
B
OA

OB

的长度.
O
x



c2



a2

a2
c
17.解析:(1)设椭圆的半焦距为,则由题 意的

2
,解得





c b1

a
2


c
所以椭圆
C
的方程为+
y
=1.........4分
(2)由题意,直线
OA的斜率存在,设直线
OA
的斜率为
k


k
=0,则
A
(,0)或(-,0),
B
(0,2),此时Δ
AOB< br>面积为,
AB
=.6分

k
≠0,则直线
OA
y

kx
与椭圆+
y
=1联立得:
(1+2
k
)
x
=2,可得
OA
=,8分
直线
OB

y
=-
x

y
=2联立得:
B
(-2
k
,2),则
OB
=2,10分
S
Δ
OAB

OAOB
=,令t=>1,12分

S
Δ
OAB
==(
t
+)>,
所以< br>S
Δ
OAB
的最小值为,在
k
=0时取得,此时
AB
=...........14分
(注:若利用
S
Δ
OAB
=(
t
+)≥,忽略
k
≠0的条件,求出答案的,本问给2分)
x
2
y
2
=1
的上顶点为
A
,直线
l:y =kx+m
交椭圆于
P,Q
两点,设直线
已知椭圆
C:+
4 2
AP,AQ
的斜率分别为
k
1
,k
2
.
(1)若
m=0
时,求
k
1
×k
2
的值;
(2)若
k
1
k
2
1
时,证明直线
l:y=kx+m
过定点.
设点法
5.
如图,在平面直角坐标系
xOy
中,椭圆
E:
x
2
a
2

y
2
b
2
1(ab0)
的焦距为2,且过点
(2,
6
)
.
2
(1) 求椭圆
E
的方程;
(2) 若 点
A
,
B
分别是椭圆
E
的左、右顶点,直线
l经过点
B
且垂直于
x
轴,点
P
是椭
圆上异于< br>A
,
B
的任意一点,直线
AP

l
于点M.
设直线
OM
的斜率为
k
1
,
直线
BP
的斜
率为
k
2
,求证:
k
1
k
2
为定值;
【答案】
⑴由题意得
2c2
,所以
c1
,又
23
+1
,
a
2
2b
2


消去
a
可得,
2b
4
5b
2
3 0
,解得
b
2
3

b
2

1
(舍去),则
a
2
4
,所以椭圆
E
的方程为< br>2
x
2
y
2
1

43
⑵(ⅰ) 设
P(x
1
,y
1
)(y
1
0)
,M(2,y
0
)
,则
k
1

y
02
,
k
2

y
1
,
x
1< br>2
4y
1
y
0
y
1
4y
1
2

因为
A,P,B
三点共线,所以
y
0
,所以,
k
1
k
2

,8
2(x
1< br>2)2(x
1
2
4)
x
1
2
2
1

4y
1
2
3
3
2

为定值 因为
P(x
1
,y
1
)
在椭圆上,所以
y(4x
1
)
,故
k
1
k
2

2
2(x< br>1
4)2
4
凤凰台47页第4题:关于原点对称的两点怎么处理重要结论。
关于y轴对称的两点怎么处理如图,在平面直角坐标系xOy中,椭圆C:+=1(a
>b>0 )的离心率为,以原点为圆心,椭圆C的短半轴长为半径的圆与直线x-y+2=0
相切.
(1)求椭圆C的方程;
(2)已知点P(0,1),Q(0,2).设M,N是椭圆C上关 于y轴对称的不同两点,直线
PM与QN相交于点T,求证:点T在椭圆C上.
17.(1)解:由题意知b==.(3分)
因为离心率e==,所以==.
所以a=2.
所以椭圆C的方程为+=1.(6分)
(2)证明:由题意可设M, N的坐标分别为(x
0
,y
0
),(-x
0
,y
0
),则
直线PM的方程为y=x+1, ①
直线QN的方程为y=x+2. ②(8分)
(证法1)联立①②解得x=,y=,即T.(11分)
由+=1可得x=8-4y.
因为
2

2
==
===1,


所以点T坐标满足椭圆C的方程,即点T在椭圆C上.(14分)
韦达定理:什么情况下用韦达定理韦达定理出现在哪里是否要判断判别式
x
2
y
2
6
18.如图,已知椭圆
2

2
(a>b> 0)的离心率
e
,过点A(0,-b)和B(a,0)
3
ab
的直 线与原点的距离为
(1)求椭圆的方程.
3

2
(2)已知定点 E(-1,0),若直线y=kx+2(k≠0)与椭圆交于C、D两点.问:是
否存在k的值,使以C D为直径的圆过E点请说明理由.
x
2
7
【答案】(1)
y2
1
;(2)
k
.
3
6
解:(1)直线AB方程为:bx-ay-ab=0.

c6
,


a3,
3
x
2

a< br>依题意

解得

∴椭圆方程为
y
2
1
.[
3
3< br>
b1

ab

22

2
ab

ykx2,
2
2
(13k)
x12k x90
. (2)假若存在这样的k值,由

2

2

x3y30

(12k)
2
36(13k
2
)0

12k

xx,
12
2

13k
② 设
C(x
1

y
1
)

D(x
2

y
2
)
,则



x
x
9
12

13k
2

y
1

y
2
(kx
1
2)(kx
2
2)k
2
x
1
x
2
2k(x
1< br>x
2
)4

要使以CD为直径的圆过点E(-1,0),当且仅 当CE⊥DE时,则
y
1
y
2
(x
1
1)(x
2
1)0

(k
2
1)x
1
x2
2(k1)(x
1
x
2
)50

y
1

y
2
1
,即
x
11x
2
1
将②式代入③整理解得
k
.经验证,
k 
,使①成立.
综上可知,存在
k
,使得以CD为直径的圆过点E.
南京三模18题(也是定值问题)
7
6
7
6
7
6


定值问题
连宿徐三模18题
1、
x
2
y
2
6
椭 圆
C:
2

2
1
的离心率位,直线l与x轴交于点E,与 椭圆交于A,B两点,
3
ab
26

3
当直线l垂直于x轴 切点E为椭圆C的右焦点时,弦AB的长为
(3)是否存在点E,使得
11
为定值若存 在,求出该定值,并指出点E的坐标。


EA
2
EB
2< br>11
22
(3)假设存在点
E
,使得
EA
+
EB
为定值,设
E
(
x
0
,0),

2< br>11
122x
0
11
22
22
22
(x 6)(6-x)
(6-x)


EAEB
00
0
当 直线
AB

x
轴重合时,有
+=+=
2
2
6

x
0

11
2

1-
2
22
6-x
6

EAEB
0
当直线
AB

x
轴垂直时,
+==.

2
66
122x
0
3,
22
22
6-x6-x
(6-x)
0
,解得
x
0

0
=
2,

0

=
所以若存在点
E
,此时
E
(
±11
3
,0),
EA
2
+
EB
2
为定 值2
.

根据对称性,只需考虑直线
AB
过点
E
(

A
(
x
1

y
1
),
B
(
x
2

y
2
),

又设直线
AB
的方程为
x=my+
3
,0),
< br>3
,与椭圆
C
联立方程组,化简得(
m
2
+
3)
y
2
+
2
3
my-
3
=
0,


1
-23m
-3
2
2
所以
y
1
+y
2
=
m3

y
1
y2
=
m3

1
22222
22
2
m yy(m1)y
(x-3)y
EA
1
=
11
=
1



=
1
1
22
2
(m 1)y
EB
2
同理可得
=


1
1
1
2
11
(yy)-2y
1
y
212
112222
222
22
(m1)y(m1)y
(m1)y
1
+
2
=
1
y
2
所以
EA
+
EB
=


11
22
将上述关系式代入,化简可得
EA
+
EB
=
2
.


综上所述, 存在点
E
(
±
11
3
,0),使得
EA
2
+
EB
2
为定值2
.

2015年江苏高考18题
如图,在平面直角坐标系
xOy
中,已知椭圆+=1(
a

b
>0)的离心率为,且右焦

F
到左准线
l
的距离为3.
(1)求椭圆的标准方程;
(2)过
F
的直线与椭圆交于
A

B
两点,线段< br>AB
的垂直平
分线分别交直线
l

AB
于点
P

C
,若
PC
=2
AB

求直线
AB
的方程.
南京二模18(2)
在平面直角坐标系xO y中,过点A(-2,-1)的椭圆C:+=1(a>b>0)的左焦点
为F,短轴端点为B
1
,·=2b
2
.(1)求a,b的值;
(2)过点A的直线l与椭圆C的另 一个交点为Q,与y轴的交点为R.过原点O且平行于
l的直线与椭圆的一个交点为P.若AQ·AR= 3OP
2
,求直线l的方程.
18.解:(1)因为F(-c,0),B
1
(0,-b),B
2
(0,b),所以=(c,-b),=(c,b).
因 为·=2b
2
,所以c
2
-b
2
=2b
2
. ①(2分)
因为椭圆C过A(-2,-1),代入,得+=1. ②由①②解得a
2
=8,b
2
=2.
所以a=2,b=.(6分)
(2)由题意,直线l的方程为y+1=k(x+2).由得
(x+2)[(4k
2
+1)(x+2)-(8k+4)]=0.因为x+2≠0,
所以x+2=,即x
Q
+2=.(10分)由题意,直线OP的方程为y=kx. < br>由得(1+4k
2
)x
2
=8.则x=.(12分)因为AQ·AR= 3OP
2

所以|x
Q
-(-2)|×|0-(-2)|=3x< br>P
2
.即×2=3×.
解得k=1或k=-2.当k=1时,直线l的方程为x-y+1=0;
当k=-2时,直线l的方程为2x+y+5=0.(16分)
P y
F
O
C
B
A
x
l
(第18题图)

投资者保护基金-财务分析报告范文


本本主义-锦城教务网


十大高薪职业-开店计划书范文


潜力行业-庆国庆手抄报


淮北师范大学研究生院-小学教育学


教育储蓄-中央国家机关会计网


英语签名-宁波工程学院招生网


黄山学院地址-申请报告结尾