小学奥数:余数性质(一).专项练习及答案解析

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2020年11月04日 13:05
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列夫托尔斯泰名言-上海海事大学招生网

2020年11月4日发(作者:叶毅干)




5-5-3.余数性质(三)

教学目标

1. 学习余数的三大定理及综合运用
2. 理解弃9法,并运用其解题


知识点拨
一、三大余数定理:
1.余数的加法定理

a

b
的和除以
c
的余数,等于
a
,
b
分别除以
c
的余数之和,或这个和除以
c
的余数。
例如: 23,16除以5的余数分别是3和1,所以23+16=39除以5的余数等于4,即两个余
数的和3 +1.当余数的和比除数大时,所求的余数等于余数之和再除以
c
的余数。
例如:2 3,19除以5的余数分别是3和4,所以23+19=42除以5的余数等于3+4=7
除以5的余数 为2
2.余数的加法定理
a

b
的差除以
c
的 余数,等于
a
,
b
分别除以
c
的余数之差。
例如 :23,16除以5的余数分别是3和1,所以23-16=7除以5的余数等于2,两个
余数差3-1 =2.
当余数的差不够减时时,补上除数再减。
例如:23,14除以5的余数分别是3和 4,23-14=9除以5的余数等于4,两个余数
差为3+5-4=4
3.余数的乘法定理
a

b
的乘积除以
c
的余数,等于
a
,< br>b
分别除以
c
的余数的积,或者这个积除以
c
所得
的 余数。
例如:23,16除以5的余数分别是3和1,所以23×16除以5的余数等于3×1=3。
当余数的和比除数大时,所求的余数等于余数之积再除以
c
的余数。
例如: 23,19除以5的余数分别是3和4,所以23×19除以5的余数等于3×4除以5
的余数,即2.
乘方:如果
a

b
除以
m
的余数相同,那么
a
n

b
n
除以
m
的余数也相同.
二、弃九法原理
在公元前9世纪,有个印度数学家名叫花拉子米,写有一本《花拉子米算术》 ,他们在
计算时通常是在一个铺有沙子的土板上进行,由于害怕以前的计算结果丢失而经常检验加法运算是否正确,他们的检验方式是这样进行的:
例如:检验算式
123418981 8922678967178902889923

1234除以9的余数为1
1898除以9的余数为8
18922除以9的余数为4
678967除以9的余数为7
178902除以9的余数为0
这些余数的和除以9的余数为2
而等式右边和除以9的余数为3,那么上面这个算式一定是错的。
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上述检验方法恰好用到的就是我们前面所讲的余数 的加法定理,即如果这个等式是正确
的,那么左边几个加数除以9的余数的和再除以9的余数一定与等式 右边和除以9的余数相
同。

而我们在求一个自然数除以9所得的余数时,常常不用 去列除法竖式进行计算,只要计
算这个自然数的各个位数字之和除以9的余数就可以了,在算的时候往往 就是一个9一个9
的找并且划去,所以这种方法被称作“弃九法”。
所以我们总结出弃九法原理:任何一个整数模9同余于它的各数位上数字之和。
以后我们求一 个整数被9除的余数,只要先计算这个整数各数位上数字之和,再求这个
和被9除的余数即可。
利用十进制的这个特性,不仅可以检验几个数相加,对于检验相乘、相除和乘方的结果
对不对同样适用
注意:弃九法只能知道原题一定是错的或有可能正确,但不能保证一定正确。
例如:检验算式9+9=9时,等式两边的除以9的余数都是0,但是显然算式是错误的
< br>但是反过来,如果一个算式一定是正确的,那么它的等式2两端一定满足弃九法的规律。
这个思想 往往可以帮助我们解决一些较复杂的算式谜问题。

例题精讲


模块一、余数的加减法定理

【例 1】 幼儿园的老师给班里的小朋友送来40只 桔子,200块饼干,120块奶糖。平均分
发完毕,还剩4只桔子,20块饼干,12粒奶糖。这班里 共有_______位小朋友。
【考点】余数的加减法定理 【难度】1星 【题型】填空
【关键词】走美杯,4年级,决赛,第3题,8分
【解析】 40-4=36,200-20 =180,120-12=108。小朋友的人数应是36,180,108的大于20
的公约数,只有 36。
【答案】
36


【例 2】 在1995,1998,2 000,2001,2003中,若其中几个数的和被9除余7,则将这几
个数归为一组.这样的数组共 有______组.
【考点】余数的加减法定理 【难度】2星 【题型】填空
【关键词】少年数学智力冬令营
【解析】 1995,1998,2000,2001,20 03除以9的余数依次是6,0,2,3,5.因为
252507

25 360253679
,所以这样的数组共有下
面4个:

2000,2003



1998,2000,2003



2000,2003,2001,1995



1998,2000,2003,2001,1995


【答案】
4


【例 3】 号码分别为101,126,173, 193的4个运动员进行乒乓球比赛,规定每两人比赛的
盘数是他们号码的和被3除所得的余数.那么打 球盘数最多的运动员打了多少盘?
【考点】余数的加减法定理 【难度】2星 【题型】解答
【解析】 本题可以体现出加法余数定理的巧用。计算101,126,173,193除以3的余数分
别为2,0,2,1。那么任意两名运动员的比赛盘数只需要用2,0,2,1两两相加
除以3 即可。显然126运动员打5盘是最多的。
【答案】
5

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【例 4】 有一个整数,用它去除7 0,110,160所得到的3个余数之和是50,那么这个整
数是______.
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】小学数学奥林匹克
【解析】
(70110160)50290

50316......2
,除数应当是290的大于17小于70的
约数,只可能是29和58,
110581......52

5250
,所以除数不是
58.
70292......12

11029 3......23

160295......15

12231 550

所以除数是
29

【答案】
29


【巩固】 用自然数
n
去除63,91,129得到的三个余数之和为25 ,那么
n
=________.
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】小学数学奥林匹克
【解析】
n
能整除
639112925258
.因为
2538...1
,所以
n< br>是258大于8的约数.显
然,
n
不能大于63.符合条件的只有43.
【答案】
43


【例 5】 如果1=1!,1×2=2!,1× 2×3=3!……1×2×3×……×99×100=100!那
么1!+2!+3!+……+100! 的个位数字是多少?
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 从5!开始个位数字都是0了因此只需要计算前4个数,1!+2!+3!+4!=1+2+ 6+24=33
所以末位数字一定是3
【答案】
3


【例 6】 六名小学生分别带着14元、17元、18元、21元、26元、37元钱,一起到新华< br>书店购买《成语大词典》.一看定价才发现有5个人带的钱不够,但是其中甲、乙、
丙3人的钱凑 在一起恰好可买2本,丁、戊2人的钱凑在一起恰好可买1本.这
种《成语大词典》的定价是_____ ___元.
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】小数报
【解析】 六名小学生共带钱133元.133除以3余1,因为甲、乙、 丙、丁、戊的钱恰好能
买3本,所以他们五人带的钱数是3的倍数,另一人带的钱除以3余1.易知,这
个钱数只能是37元,所以每本《成语大词典》的定价是
(1417182126) 332

(元) .
【答案】
32


【巩固】 商店里有六箱货物,分别重15,16,18,19,20,31千克,两个顾客买走了其中
的五箱.已知一个顾客买的货物重量是另一个顾客的2倍,那么商店剩下的一箱
货物重量是__ ______千克.
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】小学数学奥林匹克
【解析】 两个顾客买的货物重量是的倍
3
数 .
(151618192031)(12)119339...2
,剩下 的一箱货物重量除以
3应当余2,只能是20千克.
【答案】
20


【巩固】 六张卡片上分别标上1193、1258、1842、1866、1912、24 94六个数,甲取3张,
乙取2张,丙取1张,结果发现甲、乙各自手中卡片上的数之和一个人是另—个
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人的2倍,则丙手中卡片上的数是________.(第五届小数报数学竞赛初赛)
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】小学数学奥林匹克
【解析】 根据“甲、乙二人各自手中卡片上的数之和一个人是 另一个人的2倍”可知,甲、
乙手中五张卡片上的数之和应是3的倍数.计算这六个数的总和是
11931258184218661912249410565

10565 除以3余2;因为甲、乙二人手中五张卡片上的数之和是3的倍数,那么丙
手中的卡片上
的数除以3余2.六个数中只有1193除以3余2,故丙手中卡片上的数为1193.
【答案】
1193


【例 7】 从1,2,3,4,…,200 7中取
N
个不同的数,取出的数中任意三个的和能被15
整除.
N
最 大为多少?
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】解答
【关键词】走美杯,初赛,六年级,第8题
【解析】 取出的
N
个不同的数 中,任意三个的和能被15整除,则其中任意两个数除以15
的余数相同,且这个余数的3倍能被15整 除,所以这个余数只能是0,5或者10.在
1:2007
中,除以15的余数为0的有
151

152
,…,
15133
,共有
133< br>个;
除以15的余数为5的有
1505

1515
, …,
151335
,共有134个;除
以15的余数为10的有
150 10

15110
,…,
1513310
,共有134个 .所

N
最大为134.
【答案】
134


【例 8】 一个家庭,有父、母、兄、妹四人,他们任意三人的岁数之和都是3的整数倍,
每 人的岁数都是一个质数,四人岁数之和是100,父亲岁数最大,问:母亲是多少
岁?
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】解答
【关键词】香港圣公会,小学数学奥林匹克
【解析】 从任意三人岁数之和是3的倍数,10 0除以3余1,就知四个岁数都是
3k1
型的
数,又是质数.只有7,13,19, 31,37,43,就容易看出:父43岁,母37岁,
兄13岁,妹7岁.
【答案】
37


【例 9】 有三所学校,高中
A
校比
B
校多10人,
B
校比
C
校多10人.三校共有高中 生2196
人.有一所学校初中人数是高中人数的2倍;有一所学校初中人数是高中人数的
1. 5倍;还有一所学校高中、初中人数相等.三所学校总人数是5480人,那么
A
校总人数是_ _______人.
【考点】余数的加减法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】香港圣公会,小学数学奥林匹克
【解析】 三所学校的高中生分别是:
A
校742人,
B
校732人,
C
校722人.如果
A
校或
C
校初中人数是高中人数的1.5倍,该校总人数是奇数,而按照给出条件得出其他两< br>校总人数都是偶数,与三校总人数5480是偶数矛盾,因此只能是
B
校的初中人数是高中人数的1.5倍.三校初中的总人数是
548021963284
,被3除余2 ;732
被3整除,722被3除余2,742被3除余1.从余数来看
2215

1224

就断定初中人数是高中人数的2倍,只能是
C
校.所以,
A
校总人数是
7427421484
(人) .
【答案】
1484


模块二、余数的乘法定理
5-5-3.余数性质(一).题库 教师版 page 4 of 8




【例 10】 求
2461135604711
的余数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 因为
246111223...8

1351112...3

604711549...8
,根据同 余定理(三),
2461135604711
的余 数等于
83811
的余数,而
838192

192 1117...5
,所以
2461135604711
的余数为5.
【答案】
5


【巩固】 求
478296351
除以17的余数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【关键词】华杯赛
【解析】 先求出乘积再求余数,计算量较大.可先分别计算出各因数除以17的余数,再求
余数之积除
以17的余数.
478,296,351
除以17的余数分别为2,7和11,
(2 711)179......1

【答案】
1


【巩固】 求
4373091993
被7除的余数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 方法一:先将4373091993
算出以后,即
4373091993269120769
.再求得
此数被7除的余
数为1.
方法二:因为
473
除以7的余数为3,由“同余的可乘性”知:
309
除以7的余数为1,
(4373 09)
除以7的余数为.又因为1993除以7的余数为5,所以除
(31)(43730 91993)
以7的余数等于即15除以7的余数,算出
4373091993
被7除的余数
(315)
为1.
方法三:利用余数判别法⑹,算出
43 73091993269120769
,奇数节的数之和与偶数节
的数之和的差即
(269)(769)(120)1722336
,36除以7的余
数为1,即
4373091993
被7除的余数为1.
【答案】
1




【例 11】 求
4782569352
除以9的余数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【分析】
47819291
2561394

3521091

47825 69351
除以9的余数等于
1414

【答案】
4


【例 12】 一个数被7除,余数是3,该数的3倍被7除,余数是 。
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】希望杯,五年级,初赛,第3题,5分
【解析】 余数是3×3÷7的余数,为2
【答案】
2


【例 13】 在图表的第二行中,恰好填上
89~98
这十个数,使得每一竖列上下两个因数的乘
积除以11所得的余数都是3.

【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】填空
5-5-3.余数性质(一).题库 教师版 page 5 of 8



【解析】 因为两个数的乘积除以11的余数,等 于两个数分别除以11的余数之积.因此原
题中的
89~98

可以改换为
1~

10
,这样上下两数的乘积除以11余3就容易计算了.我们得到下面的结果:

进而得到本题的答案是:

【答案】


【例 14】
1
2
2
2
3
2
L2001
22002
除以7的余数是多少?
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【关键词】实验中学
200220034005
【解析】 由于
1
2
2
2
3
2
L2001
22002
2
100120031335
,而
6
100 1是7的倍数,所以这个乘积也是7的倍数,故
1
2
2
2
32
L2001
2
2002
2
除以7的余数是0;
【答案】
0


【例 15】 求
6443
12
19
的余数
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 本题为余数乘法定理的拓展模式,即数字的乘方与一个数 相除的余数情况。由6443
÷19余2,求原式的余数只要求
2
12
19
的余数即可。但是如果用2÷19发现会进
入一个死循环,因为这时被除数比除数小了,所以可 以进行适当的调整,
2
12
2
6
2
6
64 64

64÷19余数为7,那么求
2
12
19
的余数 就转化为求
646419
的余数,即49÷19的余
数。
49÷19余 数为11,所以原式
6443
12
19
的余数为11.
【答案】
11



【巩固】 求
143
89
除以7的余数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 法一:由于
1433

mod7

(143被7除余3),所以
143
89
3
89

mod7

(< br>143
89
被7
除所得余数与
3
89
被7除所得余数 相等),而
3
6
729

7291

mod7

(729除以7
的余数为1),
66
所以
3
8 9
33L3
6
3
5
3
5
5

mod7

,故
143
89
除以7的余数为5.
1442443
14个
法二:计算
3
89
被7除所得的余数可以用找规律的方法,规律如下表:

L

3
1

3
2

3
3

3
4

3
5

3
6

3
7

5-5-3.余数性质(一).题库 教师版 page 6 of 8



mod7

【答案】
5


3

2

6

4

5

1

3

L

于是余数以6为周期变化.所以< br>3
89
3
5
5

mod7


【巩固】 求
3
406
写成十进制数时的个位数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 要想把
3
406
具体数字算出来显然是不可能的,由于题目可以转化为求
3
406除以10
的余数.看到题目里面有个很大的乘方,我们想到利用“同余的乘方性”.可先确

n
,使
3
n
除以10的余数为1.
101101
通过尝试可知,最小的
n
为4.因为
3
406
3
404
3
2

除以10的余数等于
(3
4
)3
2

(3
4

所以,
3
406
除以10 的余数为
199
,即
3
406
1
101
除以1 0的余数即1,
3
2
除以10的余数为9,
写成十进制数时的个位数为9.
【答案】
9


20092009
【巩固】
1 44442

4
L
4

4
2009
43< br>的个位数字是________.
2010个2009
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】迎春杯,五年级,初赛,第4题
【解析】 易 知2009的个位数字是9,
2009
2
的个位数字是1,
2009
3
的个位数字是9,
2009
4
的个位数字是1,两个为一周期,则
2009
2010
的个位数字是1.
【答案】
1


【巩固】 2007×2007×…×2007(2008个2007)的个位数字是 。
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】填空
【关键词】走美杯,初赛,六年级,第1题
【解析】 可以看出2007的乘方其尾数是7、 9、3、1四个数字循环的,2008个2007相乘,
其尾数为1.
【答案】
1


【例 16】 今天是星期四,
10
1000
天之后将是星期几?
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 先求较小的
n
,使
10
n
除以7的余数为1.
10除以7 余3,
10
2
除以7余2,
10
3
1010
2
除以7余
326

10
4
10
2
 10
2
除以7余
224

10
6
10
3
10
3
除以7的余数等于
6636
除以7的余数等于1. 所以,
10
1000

以7的余数等于
10
4
1 0
6166
除以7的余数等于
414
,故
10
100 0
天之后,应是星期一.
【答案】星期一

【例 17】 求
3
1997
的最后两位数.
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 即考虑
3
1997
除以100的余数.由于
100425
,由于
3
3
27
除以25余2,所以
3
9
除以25余8,
3
10
除以25余24,那么
320
除以25余1;又因为
3
2
除以4余1,则
3
20
除以4余1;即
3
20
1
能被4 和25整除,而4与25互质, 所以
3
20
1
能被100整除,即
3
20
除以1 00余1,由于
1997209917
,所以
3
1997
除以 100的余数即等于
3
17
除以100的余数,而
3
6
7 29
除以
3
17
(3
6
)
2
3
5

3
5
243
除以100余43,100余29,所以
3
17
除以100的余数等于
292943
5-5-3.余数性质(一 ).题库 教师版 page 7 of 8



除以100的余数,而
292943 36163
除以100余63,所以
3
1997
除以100余63,即3
1997

最后两位数为63.
【答案】
63


【例 18】 求
1~2008
的所有自然数中,有多少个整数
a
使
2
a

a
2
被7除余数相同?
【考点】余数的乘法定理 【难度】3星 【题型】解答
【解析】 让我们用列表的方法来寻找
2
a

a
2
被7除余数的规律:
2
L
a
1 2 3 4 5 6 7 8 9
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1

L
a
2 4 1 2 4 1 2 4 1 2 4 1 2 4 1 2 4 1 2 4 1
2
被7除的余数

L
a
2
被7除的余数

1 4 2 2 4 1 0 1 4 2 2 4 1 0 1 4 2 2 4 1 0

从上表可以看出:
2< br>a
被7除的余数是2,4,1,2,4,1,2,4,1,
L
,每3个一循环;
a
2
被7除的余数是1,4,2,2,4,1,0,1,4,2,2,4,1,0,< br>L
,每7个一循环.
所以能同时满足这两个条件的规律,必须是3和7的公倍数,即为 21的倍数,也就是使
2
a

a
2
被7除的余数相同的数, 在自然数列中,是每21一个循环,其中有6个余数相同,分
别是每个循环中的第2,4,5,6,10 ,15个数.
又因为
20082195L13
,所以,在
1~2008
的所有自然数中,能使
2
a

a
2
被7除余数相< br>同的数共有:
6955575
(个).
【答案】
575

5-5-3.余数性质(一).题库 教师版 page 8 of 8

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