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专题五： 排列、组合、二项式定理、概率与统计
【考点分析】
1． 突出 运算能力的考查。高考中无论是排列、组合、二项式定理和概率题目，均是用数
值给出的选择支或要求用 数值作答，这就要求平时要重视用有关公式进行具体的计算。
2． 有关排列、组合的综合应用问题。这种问题重点考查逻辑思维能力，它一般有一至两
3． 个附加条件 ，此附加条件有鲜明的特色，是解题的关键所在；而且此类问题一般都有
多种解法，平时注意训练一题多 解；它一般以一道选择题或填空题的形式出现，属于
中等偏难（理科）的题目。
4． 有关二 项式定理的通项式和二项式系数性质的问题。这种问题重点考查运算能力，特
别是有关指数运算法则的运 用，同时还要注意理解其基本概念，它一般以一道选择题
或填空题的形式出现，属于基础题。
5． 有关概率的实际应用问题。这种问题既考察逻辑思维能力，又考查运算能力；它要求
对四 个概率公式的实质深刻理解并准确运用；文科仅要求计算概率，理科则要求计算
分布列和期望；它一般以 一小一大（既一道选择题或填空题、一道解答题）的形式出
现，属于中等偏难的题目。
6． 有关统计的实际应用问题。这种问题主要考查对一些基本概念、基本方法的理解和掌
握，它一般以一道选 择题或填空题的形式出现，属于基础题。
【疑难点拨】
1． 知识体系：

随机事件的概率：
加法原理 排列 离散型随机变量

1等可能性事件的概率
乘法原理 组合
的分布列、期望

2互斥事件的概率
与方差

3相互独立事件的概率

4独立重复实验

二项式定理


抽样方法：简单 总体分布的估计： 正态分布

随机，系统，分层 条形图、直方图 线性回归
统计


2．知识重点：
（1） 分类计数原理与分步计数原理。它是本章知识的灵魂和核心，贯穿于本章的始终。
（2） 排列、组合 的定义，排列数公式、组合数公式的定义以及推导过程。排列数公式
的推导过程就是位置分析法的应用， 而组合数公式的推导过程则对应着先选（元
素）后排（顺序）这一通法。
（3） 二项式定理 及其推导过程、二项展开式系数的性质及其推导过程。二项式定理的
推导过程体现了二项式定理的实质， 反映了两个基本计数原理及组合思想的具体
应用，二项展开式系数性质的推导过程就对应着解决此类问题 的通法——赋值法
（令
x1
）的应用。
（4） 等可能事件的定义及其 概率公式，互斥事件的定义及其概率的加法公式，相互独
立事件的定义及其概率的乘法公式，独立重复试 验的定义及其概率公式。互斥事
件的概率加法公式对应着分类相加计数原理的应用，相互独立事件的概率 乘法公
式对应着分步相乘计数原理的应用。
（5） （理科）离散型随机变量的定义，离散型随机变量的分布列、期望和方差。
（6） 简单随机抽样、系统抽样、分层抽样，总体分布，正态分布，线性回归。
第 1 页 共 10 页
1

2． 知识难点：
(1) 排列、组合的综合应用问题。突破此 难点的关键在于：在基本思想上强调两个基本原
理（分类相加计数原理和分步相乘计数原理）在本章知识 中的核心地位；在通法上要
求，首先要认真审题，分清是排列（有序）还是组合（无序），或二者兼而有 之；其
次要抓住问题的本质特征，准确合理地利用两个基本原理进行“分类与分步”，分类
时要 不重不漏，分步时要独立连续。在两个公式的应用中要深刻理解其定义中的“所
有”的含义，特别是组合 数“”已包含了
m
个元素“所有”可能的组合的个数，
故在平均分堆过程中就会产生重 复，而平均分配给不同的对象过程中就不用再排序。
同时在本节中要注意强调转化化归数学思想的应用。
(2) 二项式定理的计算。突破此难点的关键在于：熟记指数的运算法则和二项展开式的通
项 公式，深刻理解“第
k
项”“常数项”“有理项”“二项式系数”“系数”等基本概念
的区别与联系。
(3) 概率、分布列、期望和方差的计算。突破此难点的关键在于：首先要运用两个 基本原
理认真审题，弄清楚问题属于四种类型事件中的哪一种，然后准确地运用相应的公式
进行 计算，其中要注意排列、组合知识的应用。（理科）对于分布列要熟记一个基本
型（

）和三个特殊型（

a

b
，二项分布，几何分布）的定义和有 关公式；
此类问题解题思维的的流程是：要求期望，则必先求分布列，而求分布列的难点在于
求 概率，求概率的关键在于要真正弄清每一个随机变量“

k
”所对应的具体随机试验的结果。
【经典题例】
例1：将
8
名学生分配到甲、乙两个宿舍 中，每个宿舍至少安排
2
名学生，那么互不相同
的分配方法共有多少种？
22
[思路分析] 根据宿舍的人数，可分为三类：“
26
”型不同的分配 方法有
C
8
A
2
种；
m
C
n
“< br>35
”型不同的分配方法有
C
8
A
2
种；“
44
”型不同的分配方法有
C
8
种。则由加法
324
2 2324
原理得，不同的分配方法共有
C
8
A
2
C
8
A
2
C
8
238
种。
[小结] 本题体 现了“先选后排”通法的应用，属于排列组合混合问题。要注意（不）平
均分配与（不）平均分堆的联系 与区别。

例2：在正方形
ABCD
中，
E,F,G,H
分别为各
C

G

D

边的中点，
O
为正 方形中心，在此图中的九个点
中，以其中三个点为顶点作三角形，在这些三角形
中，
互不全等的三角形共有多少个？
O

[思路分析] 根据三角形的类型分为三类：直角三
H
角
形有
RtHAE,RtDAE,RtDAB
共
3
种；以边
F

D
AB
为底的三角形
OAB,GAB
共< br>2
种；过中点
和中心的三角形有
HGB,DGB,GBO
共
3
种。由加法原理得，共有
3238
种不同类型
的三角形。
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A

E

B

2

[小结] 本题体现了“转化化归数学思想”的应用，属于排列组合中的几 何问题，在具体
方法上是运用了“穷举法（将所有的情形全部列出）”。
65
3(1x)(1x)
例3：在多项式的展开式中，含
x
项的系数为多少？
[思路分析]
6523
(1x)(1x)(16x15x20x
解1
) (15x10x
2
10x
3

)(1x)
3
)
，所以含
x
项的系数为
1060515205
。
解2
数为
12(1x)
6
(1x)
5
(1x
2
)
5
(1x)(1C
5
xC
5
2
x
4

，所以含
x
项的系
3
1
C
5
1 5
。
03122130
C
6
C
5
(1)
3
C
6
C
5
(1)
2
C
6
C
5
(1)
1
C
6
C
5
(1)< br>0
5
解3 由组合原理
[小结] 本题重点考查对二项式定理的本质的理解和运算能力。

数字之和等于
6
的概率为多少？
。
例4：从数字
0,1 ,2,3,4,5
中，随机抽取
3
个数字（允许重复）组成一个三位数，其各位
[思路分析] 本题的基本事件是由
6
个不同的数字允许重复而且含
0
的条 件下组成三位
数，根据乘法原理可知基本事件的全体共有
566180
个。设三 个数字之和等于
6
的
AC
事件为
A
，则
A
分为六类：数码
(5,1,0)
组成不同的三位数有
22
个；数码
( 4,2,0)
组成
不同的三位数有
的三位数有
1
C
2
1
A
2
2
C
2
21
C
个；数码
(4,1,1)
组成不同的三位数有
3
个；数码
(3,3,0)
组成 不同
3
1
A
个；数码
(3,2,1)
组成不同的三位数有< br>3
个；数码
(2,2,2)
组成不同的三位
数有
1
个 ，根据加法原理，事件
A
共有
个。故
[小结] 本题考查等可能性事件的概率和互斥事件的概率，重点在于利用排列组合知识求
各个基本事件的总数。

例5：若
ACACCCA120
2
2
12
2
2
1
2
1
3
1
2
33
P(A)
201

1809
。
(12x)100
e
0
e
1
(1x)e
2
(1 x)
2
e
100
(1x)
100
,e
iR,i1,2,3,,
则
e
0
e
1
e
2
e
100

，
e
0< br>e
1
e
2
e
100

。
100
[思路分析] 将条件等式的左右两边比较，可知变形
利用赋值法，令(1x)1
，则有
(12x)
100


3( 2)(1x)

100
。
e
0
e
1
e
2
e
100
(321)
100
1
；
ee
1
e
2

令
(1x)1，则有
0
。
[小结] 本题考查二项展开式系数的性质，在具体方法上是运用了通法“赋值法”。

例6：从
1,3,5,7
中任取
2
个数字，从
0,2,4,6,8
中任取< br>2
个数字，组成没有重复数字的四
位数，其中能被
5
整除的不同四位数 共有 个。
[思路分析] 由已知，此四位数的末位只能是
0
或
5
，且
0
不能在首位，故
0,5
为特殊元素，
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3
e
100


32( 1)

5
100

CCA
而且二者中至少要选一个。 根据题意，可分三类：有
5
无
0
，不同的四位数有
343
个 ；
123
CCA
有
0
无
5
，不同的四位数有
343
个；
0,5
同时存在，当
0
在末位时，不同的四位数有113
C
3
C
4
A
3
213
CCCA
个，当
5
在末位时，不同的四位数有
3422
个。所以满足条件的不 同的四位
1112
数共有个。
[小结] 本题考查有两个受条件限制的特殊元素的排 列组合混合问题，基本解题模型为：
分为三类。第一类，两个中一个都不考虑；第二类，两个中考虑一个 ；第三类，两个都考
虑。
注意在具体求解中其中“先选后排”“位置分析法”等通法的运用。

例7：鱼塘中共有
N
条鱼，从中捕得
t
条，加上标志后立 即放回塘中，经过一段时间，再
从塘中捕出
n
条鱼，发现其中有
s
条 标志鱼。
（1）问其中有
s
条标志鱼的概率是多少？（2）由此可推测塘中共有多少 条鱼（即用
t,n,s
表示
N
）？
[思路分析] （1）由题意可 知，基本事件总数为
n
C
N
1231311312
C
3C
4
A
3
C
3
2
C
4
A< br>3
C
3
C
4
(A
3
C
2
A
2
)300
。鱼塘中的鱼分为两类：有标志的鱼
t
s
C
条，无标志的鱼
(Nt)
条，从而在捕出
n
条鱼中，有标志的< br>s
条鱼有
t
种可能，同时无
ns
ns
C
t
s
C
N
C
N
(ns)
ns
t
t
标志的条鱼有种可能，则捕出条鱼中有条鱼共有种可能。所以概
ns
C
t
s
C
Nt
n
C
N
。 率为
snnt
,N
Ns
（条） （2）由分层抽样可知，
t
。
[小结] 本题考查等可能性事件的概率和统计知识， 重点要注意“鱼”的不同的分类以及
抽样方法中各个元素被抽取概率的相等性。

例 8：某宾馆有
6
间客房，现要安排
4
位旅游者，每人可以进住任意一个房间， 且进住各
房间是等可能的，求下列事件各的概率：（1）事件
A
：指定的
4< br>个房间各有
1
人；（2）事
件
B
：恰有
4
个 房间各有
1
人；（3）事件
C
：指定的某房间中有
2
人；（ 4）事件
D
：一号
房间有
1
人，二号房间有
2
人； （5）事件
E
：至少有
2
人在同一个房间。
[思路分析] 由于每 人可以进住任一房间，进住哪一个房间都有
6
种等可能的方法，根据
4
A乘法原理，
4
个人进住
6
个房间有
6
种方法，则（1） 指定的
4
个房间中各有
1
人有
4
种
4
A< br>4
1
P(A)
4

654
。 方法，
4< br>C
6
4
A
4
5
P(B)
44
4
C
6
A
4
618
。
41
（2）恰有个房间 各有人有种方法，（3）从
4
人中选
2
人
C
4
2< br>5
2
5
2
4
的方法有种，余下的人每人都可以去另外的个房间 中的任一间，有种方法，
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4

人去二号房 间的方法有
12
C
4
C
3
4
1
P(D) 
4
627
。
2
C
4
5
2
25
P(C)
1
C
4
6
4
216
。（ 4）从
4
人中选
1
人去一号房间的方法有种，从余下
3
人中 选
2
C
3
2
14
，再余下的人可去个房间中的任一间，（5）从正面考虑情形较复杂，正难则反，“至少有
2
人在同一个房间”的反面是“没有< br>2
人在同一个房间，即恰有
4
个房间各有
1
人”，
[ 小结] 本题考查等可能性事件的概率和互斥事件的概率，注意排列组合知识的运用。
P(E)P(B)1P(B)
13
18
。
1
例9 ：甲、乙、丙三人独立解某一道数学题，已知该题被甲解出而乙解不出的概率为
4
，
1 2
被乙解出而丙解不出的概率为
12
，被甲、丙两人都解出的概率是
9
。
（1）求该题被乙独立解出的概率；
（2）（文科）求该题被解出的概率。（理科）求 解出该题人数

的分布列和数学期望。
[思路分析]（1）设
A,B,C< br>分别为甲、乙、丙三人各自独立解某一数学题的事件。由已知
则有
1
11

P(A),
P(AB),P(A)(1P(B)),


3
44


111

P(BC),

P(B)(1P(C)),

P(B),< br>12124

222

P(AC).P(A)P(C) .P(C).

993

即

由此方程组解得
所以该题被乙
P(B)
独立解出的概率为
中至少有
1
4
。（2）（文科）记
D
为该题被解出，它对应着甲、乙、丙三人
一人解出 该题，则
2315
P(D)1P(D)1(1P(A))(1P(B))(1P (C))1
3436
。
11
P(

0)P (A)P(B)P(C)P(

3)P(A)P(B)P(C)
6
，
18
， （理科）
17
P(

1)P(A)P(B)P (C)P(A)P(B)P(C)P(A)P(B)P(C)
36
，
11P(

2)P(A)P(B)P(C)P(A)P(B)P(C)P(A)P(B )P(C)
36
。
所以随机变量

的分布列为：


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0

1

2

3

5

1
17
6

36

1171115
E

0123
63636184
。 期望为
P

11
36

1
18

[小结] 本题考查相互独立事件的概率和互斥事件的概率，同时考查函数方程数学思想和
运算 能力。理科还考查分布列和数学期望，在解题过程中特别要注意，真正弄清每一个随
机变量“

k
”所对应的具体随机试验的结果。

例10：某一汽车前进途中要经过
3
个红绿灯路口。已知汽车在第一个路口，遇到红灯和遇
11
到绿灯的概率都 是
2
；从第二个路口起，若前次遇到红灯，则下一次遇到红灯的概率是
3
，< br>23
遇到绿灯的概率是
3
；若前一次遇到绿灯，则下一次遇到红灯的概率是5
，遇到绿灯的概
2
率是
5
。求：
（1）汽车在第二个路口遇到红灯的概率是多少？
（2）（文科）在三个路口中，汽车遇到一次红灯，两次绿灯的概率是多少？
（理科）汽车在经过三个路口过程中，所遇到红灯的次数的期望是多少？
[思路分析] 根据相互独立 事件同时发生的概率的乘法公式可得，（1）
11137
P
1
23 2515
。

P
2

23525325575
。 （ 2）（文科）
（理科）要求期望，则必须先求分布列。设汽车所遇到红灯的次数为随机变量
< br>，则有
12221111
P(

0)P(
3)
25525
，
23318
，

P(
1)
23525325575
，

P (

2)
23323525390
，故得分布列


0

1

2

23437
P

25

75

90

234371649
E

0123 
25759018450
。 所以
3

1
18

[小结] 本题重点考查相互独立事件的概率乘法公式的本质——同时发生，同时还考查互
斥事 件的概率。在具体解题中注意与递推有关的概率的计算。
【热身冲刺】
第 6 页 共 10 页
6

一、 选择题：
1．用
0,1,2,3,4 ,
这五个数字组成没有重复数字的全部五位数中，若按从小到大的顺序排列，
则数字
1 2340
应是第 （
D
）

(A)6
个
(B)8
个
(C)9
个
(D)10
个
2．从
5位男教师和
4
位女教师中，选出
3
位教师分别担任
3
个 班级的辅导员，每班一位辅
导员，要求这
3
位辅导员中男、女老师都要有，则不同的选 派方案共有 （
B
）

(A)210
种
(B)420
种
(C)630
种
(D)840
种
3．有两排座位，前排
11
个座位，后排
12
个座位。现安排
2
人就座，规定前排中间的
3
个
（
B
）

(A)234

(B)346

(C)350

(D)363

4．长方体
8
个顶点中，以任意
3
个为顶点的所有三角形中，锐角三角形共有 （
A
）

(A)8
个
(B)12
个
(C)16
个
(D)20
个
5．从编号为< br>1,2,3,4,5,6
的六的小球中任取
4
个，放在标号为
A,B, C,D
的四个盒子里，
每盒一球，且
2
号球不能放在
B
盒中 ，
4
号球不能放在
D
号盒中，则不同的放法种（
C
）

(A)96

(B)180

(C)252

(D)280

座位不能坐，并且这
2
人不左右相邻，那么不同的排法的种数是
1
2)
3
2
x
6．展开式中的常数项是 （
C
）

(A)15

(B)15

(C)20

(D)20

7．某工厂生产
A,B,C
三种不同型号的产品，产品 数量之比依次为
2:3:5
。现用分层抽样
(x
2

（
B
）

(A)40

(B)80

(C)160

(D)320

8．某校高三年级举行一次演讲比赛，共有
10
位同 学参赛，其中一班有
3
位，二班有
2
位，
其他班级有
5位。若采取抽签的方式确定他们的演讲顺序，则一班的
3
位同学没有被排在
一起， 而二班的
2
位同学恰好被排在一起（指演讲的序号相连）的概率是 （
A
）
方法抽出一个容量为
n
的样本，样本中
A
型号产品有
16
件，则此样本的容量为
1111
(B)(C)(D)
12

16

20

24

1
9．某人射击 一次命中目标的概率是
3
，则此人射击
5
次，有
3
次命中目 标且恰有两次连续
命中的概率是 （
D
）
80644024
(A)(B)(C)(D)
243

243

243

243

10．在
17
世纪的一天，保罗与梅尔进行赌钱游戏。 每人拿出
6
枚金币，然后玩骰子，约
定谁先胜三局谁就得到
12
枚金 币（每局均有胜负）。比赛开始后，保罗胜了一局，梅尔胜
了两局，这时一件意外的事情中断了比赛，于 是他们商量这
12
枚金币应该怎样分配才合理。
据此，你认为合理的分配方案是保罗和 梅尔分别得到金币 （
D
）
(A)
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7

(A)6
枚，
6
枚
(B)5
枚，
7
枚
(C)4
枚，
8
枚
(D)3
枚，
9
枚
二、 填空题：
11．若

(12x)
2005
a
0
a
1
xa
2
x
2
a
2005
x
2005
,(xR)
，则
(a
0
a
1
)(a
0
a2
)(a
0
a
2005
)
。（
2003
）
12．口袋内装有
10
个相同的小球，其中
5
个小球标有数字
0
，
5
个小球标有数字
1
。若 从
中摸出
5
的小球，那么摸出的
5
个小球所标数字之和小于
2
或大于
3
的概率
13
是 。（
63
）
13．抛掷一枚硬币若干次，每次正面向上得
1
分，反 面向上得
2
分。
5
（文科）则恰好得到
3
分的概率为 。（
8
）（理科）则恰好得到
5
分的概率为 。
21
（
32
）
14．已知从甲地到乙地的海底光缆有
1 5
个接点，其中有一个接点发生故障，为了及时排除
故障，需要尽快断定故障发生点。以
A,B,C
三个接点为例，检查接点
B
的方法如下：在
接点
B处分别检查
AB,BC
两段，若两段都有问题，则可断定
B
点存在问题； 若只有一段
存在问题，则接点正常。设至少需要检查的接点数为
x
个，则
x< br>的最大值为 。
（
3
）
三、解答题：

15．某仪器显示屏上的每个指示灯均以红色或蓝色来表示两种不同的信号，已知一排有10
个指示灯。求分别满足下列条件时，显示屏共能显示的不同的信号数的种数。
（1）要求每次显示其中的
3
个，且恰好有
2
个相邻的同时显示；
（2）要求每次显示其中的
4
个，且恰有
2
个相邻的同时显示。
简解 （1）

A
8
2
2
3
44 8
或
13
C
8
2
C
2
2448
； （2）
314
C
7
C
3
21680
。
3
22n
(x3x)
展开式中各项的系数之和比各项的二项式系数之和大
9 92
。 16．已知
（1）求展开式中二项式系数最大的项； （2）求展开式中系数最大的项。
简解 由题意，
(131)2992,n5 ,T
r1
C(x)
T
3
3Cx
22
5
18
3
nnr
5
2
3
5r
(3x)3Cx< br>33
5
22
3
2rrr
5
104r
3，
22
3
（1）展开式中二项式系数最大的项是
90x
6< br>，
T
4
3Cx270x
；

3
kC
5
k
3
k1
C
5
k1
,2626

kk
44
3
k1k1
3.5k4. 5,k4,T
5
3C
5
x405x
3
3C
5
3C
5
.

（2）由解得为所求的
系数最大的项。
17．甲、乙两人参加一次测试，已知在备选的
10
道试题中，甲能答对其中的
6
道题，乙能
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8

答对其中的
8
道题，规定每次测试都从备选题中随机抽取出
3
题进行测试，至少答对2
题
才算合格。
（1）（文科）分别求甲、乙两人测试合格的概率；（理科）求 甲答对测试题数

的概率分
布及数学期望；
（2）求甲、乙两人中至少有一人考试合格的概率。
213
C
6
C
4
C
6
2
P
1
3
C3
，乙 合格的概率为
10
简解 （1）（文科）甲合格的概率为
13
C
8< br>2
C
2
C
8
14
P
2

3
C
10
15
；（理科）
1

3
10

13119
E

0123 
3010265
。 所以


P

0

1
30

2

1
2

3

1
6

21444
P1(1P)(1P)1(1)( 1)
12
31545
。 （2）两人中至少有一人合格的概率为

18．设掷一颗均匀的正方体玩具两次，此玩具的六个表面分别刻有数字
1,2,2,3,3,3。
（文科）求掷得的点数之和小于
5
的概率。（理科）设

为 掷得的点数差的绝对值，求
E

。
111213225
P22
6666666612
。 （理科） 简解 （文科）


0

1

2

14166
P

36

36

36

141667
E

012
3636369
。 所以

19．在
n
个大小相同的均匀的球中，有白球
m
个。
（1）不放回地逐个抽取
s
个小球，求其中恰有
t
个白球的概率；
（2）每次抽取后又放回地逐个抽取
s
个小球，求其中恰有
t
个白球 的概率。
（3）（理科）每次抽取后又放回地逐个抽取
s
个小球，求其中白球个数< br>
的期望和方差。
tst
tst
C
m
C
n
m
stt
m
tt
m(nm)
m
(1)P ;(2)P
2
C
s
()(1)C
s1

ss
Cnnn
n
简解 ；
mmsmmmsm(nm)
(3)

B(s,),E

s,D

s(1)
nnnnnn
2
。
20．甲、乙两人独立解某一道数学题，已知该题被甲 独立解出的概率为
0.5
，被甲解出而
乙解不出的概率为
0.05
。 （1）求该题被乙独立解出的概率；
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9

（2）（文科）求恰有
1
人能解出这道题目的概率。（理科）求解 出该题人数

的期望与
方差。
简解
(1)0.9;(2)（文科）
0.5
。（理科）
E

1.4,D

0.34
。


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